T5. Correction du devoir maison no 8 Exercice 1 (Sujet B p 259) On
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T5. Correction du devoir maison no 8 Exercice 1 (Sujet B p 259) On
T5. Correction du devoir maison no 8 Exercice 1 (Sujet B p 259) On se place dans un repère orthonormé de l’espace. On donne A(−1; 0; 2), B(3; 2; −4), C(1; −4; 2), et D(5; −2; 4). On note I le milieu de [AB], K le milieu de [CD], et J le point défini par −→ 1 −−→ BJ = BC. 4 1. (a) Déterminer les coordonnées de I, J et K. De même, K est le milieu I est le milieu de [AB]. de [CD], xA + xB xC + xD xI = = 1. = 3. xK = 2 2 yA + yB yC + yD = 1. yI = yK = = −3. 2 2 zA + zB zC + zD = −1. zI = zK = = 3. 2 2 Donc I(1; 1; −1). Donc K(3; −3; 3). −→ 1 −−→ J est le point défini par BJ = BC. 4 −2 xC − xB −−→ −−→ BC yC − yB , donc BC −6 . zC − zB 6 1 x − 3 = × (−2) J 4 xJ = 2, 5 −→ 1 −−→ 1 , donc . BJ = BC ssi yJ = 0, 5 yJ − 2 = × (−6) 4 4 zJ + 4 = −2, 5 zJ + 4 = 1 × 6 4 Donc J(2, 5; 0, 5; −2, 5). (b) Justifier que un plan. I, J K définissent 2 1, 5 −→ − → IJ −0, 5 , et IK −4 . 4 −1, 5 − → −→ 1, 5 −0, 5 Comme 6= , les vecteurs IJ et IK ne sont pas colinéaires. 2 −4 Donc les points I, J et K ne sont pas alignés et définissent un unique plan. 2. Montrer que (IJK) et (AD) sont sécants. −−→ − → −→ (AD)//(IJK) ssi AD, IJ, et IK sont coplanaires. −−→ − → −→ (AD) sont sécants ssi AD, IJ, et IK ne sont pas coplanaires. et (IJK) 6 −−→ AD −2 . 2 −−→ − → −→ AD, IJ, et IK sont coplanaires ssi il existe des réels x et y tels que −−→ − → −→ AD = xIJ + y IK, ssi 6 = 1, 5x + 2y y = 3 − 0, 75x −2 = −0, 5x − 4y , −2 = −0, 5x − 4y , 2 = −1, 5x + 4y 2 = −1, 5x + 4y y = 3 − 0, 75x y = 3 − 0, 75x , impossible. Ce −2 = −0, 5x − 12 + 3x , x=4 2 = −1, 5x + 12 − 3x 4, 5x = 10 −−→ − → −→ système n’a pas de solution, donc les vecteurs AD, IJ et IK ne sont pas coplanaires. La droite (AD) et le plan (IJK) sont sécants. − → − → 1 −→ 3. Soit L défini par IL = −IJ + IK. 2 Déterminer les coordonnées de L et vérifier que L est le point d’intersection de la droite (IJK). (AD)avec le plan 2 1, 5 − → −→ On a vu que IJ −0, 5 , et IK −4 . 4 −1, 5 − → − → 1 −→ IL = −IJ + IK. 2 xL − 1 = −1, 5 + 1 xL = 0, 5 Donc yL − 1 = 0, 5 − 2 , yL = −0, 5 zL + 1 = 1, 5 + 2 zL = 2, 5 Donc L(0, 5; −0, 5; 2, 5). − → − → 1 −→ Par définition de L, IL = −IJ + IK. 2 − → − → −→ Les vecteurs IL, IJ et IK sont donc coplanaires. Donc les points I, J, K et L sont coplanaires. L ∈ (IJK). Montrons que L ∈ (AD). A(−1; et L(0, 5; −0, 5; 2, 5). 0; 2), 6 1, 5 −−→ −→ AL −0, 5 , et on a vu que AD −2 . 2 0, 5 −−→ −→ Il est clair que AD = 4AL. −−→ −→ Les vecteurs AD et AL sont colinéaires, et donc A, D et L sont alignés. Donc L ∈ (AD). On peut conclure que L(0, 5; −0, 5; 2, 5) est le point d’intersection de la droite (AD) avec le plan (IJK).