Corrigé du DL n 6
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Corrigé du DL n 6
Lycée St-Joseph de Tivoli Première S Février 2015 Corrigé du DL n°6 - Problème ouvert avec prise d’initiative - Énoncé. Pour fabriquer une casserole d’un volume de 2 litres, une entreprise veut minimiser le coût en utilisant le moins de métal possible. Comment doit-elle choisir le rayon et la hauteur de la casserole afin de réaliser cet objectif ? (on ne tient pas compte ni de l’épaisseur du métal ni du manche) ........................................................................................................ Une solution. Puisque l’énoncé précise qu’on ne tient compte ni de l’épaisseur du métal ni du manche, on est ramené à considérer un cylindre. Notons h sa hauteur (en dm) et r le rayon du disque de base (en dm). Rappelons que le volume d’un cylindre de hauteur h et de base de rayon r est donné par V = π × r 2 × h. Le volume de la casserole étant fixe et égal à 2 litres, c-à-d 2 dm3 , on doit donc avoir V = π × r 2 × h = 2. Cette dernière égalité permet en particulier d’exprimer h en fonction de r ; on obtient immédiatement : h= 2 πr 2 (⋆) Minimiser le coût de production d’une telle casserole, c’est utiliser le moins de métal possible lors de sa construction. Autrement dit, on cherche à ce que la surface du patron du cylindre ait une aire minimale. Or, la surface du patron d’un cylindre de hauteur h et de base de rayon r est donnée par : A = 2 + πr |{z} aire du disque de base h × 2πr | {z } . aire de la surface latérale dont le patron est un rectangle En utilisant (⋆), l’aire A précédente peut s’exprimer uniquement en fonction de r par : A = πr 2 + 2 4 × 2πr = πr 2 + . 2 πr r Finalement, le problème revient à déterminer la valeur de r (∈ R+∗ car r est un rayon) pour laquelle l’aire A est minimale. 4 On est donc amené à étudier la fonction f : x ∈ R+∗ 7→ πx2 + afin de déterminer le réel x0 en lequel elle x admet un minimum. ֒→ Clairement, f apparaı̂t comme la somme de deux fonctions dérivables sur R+∗ . C’est donc que f est bien dérivable sur R+∗ . 2πx3 − 4 4 . Le dénominateur de f ′ (x) est strictement positif ֒→ Pour tout x ∈ R+∗ , f ′ (x) = 2πx − 2 = x x2 et f ′ (x) a donc le même signe que son numérateur 2πx3 − 4. Ce numérateur est un polynôme de degré 3 dont l’étude du signe pose problème car n’est pas au programme de 1ère S. Néanmoins, au moins deux façons permettent de s’en sortir. - 1/3 - LATEX 2ε Lycée St-Joseph de Tivoli Première S • À l’aide de la calculatrice graphique. on procède comme un bon élève de 2nde . Février 2015 On laisse tomber l’étude du signe de la dérivée et 4 par la calculatrice. x Puis, à l’aide d’un point mobile sur la courbe de f dont s’affichent les coordonnées et en adaptant une bonne fenêtre (par exemple xmin = 0, xmax = 2, ymin = 0 et ymax = 10), on peut donner une estimation du réel x0 en lequel f admet un minimum. On trouve x0 ≈ 0, 85. • À l’aide du logiciel de calcul formel Xcas. Puisqu’on ne sait pas étudier le signe de f ′ , utilisons le logiciel de calcul formel Xcas. Pour cela, après avoir lancer le programme : Pour cela, on fait tracer la courbe de f : x ∈ R+∗ 7→ πx2 + ◦ à la ligne 1, on définit (notez bien la présence du symbole := après f (x)) la fonction f que l’on souhaite étudier ; ◦ à la ligne 2, on définit la fonction g comme étant la dérivée de f . Xcas répond « succès » puis retourne l’expression de g(x) c-à-d de f ′ (x) ; ◦ à la ligne 3, on cherche les valeurs de x pour lesquelles f ′ (x) est positif c-à-d on demande de Å ã 31 2 ′ . Or, dans l’écriture résoudre l’inéquation g(x) > 0. Xcas répond que f (x) > 0 ssi x > π 1 Å ã3 2 1 du nombre qui apparaı̂t, , vous constatez que la puissance n’est pas un entier ( ) et π 3 vous ignorez à ce jour ce que cela signifie. C’est en terminale que vous le découvrirez. En attendant, afin d’obtenir une approximation décimale de ce nombre, on passe à la ligne 4 suivante ; ◦ à la ligne 4, on demande à Xcas de nous donner une valeur approchée décimale du nombre Å ã 31 2 ; π - 2/3 - LATEX 2ε Lycée St-Joseph de Tivoli Première S Février 2015 ◦ à la ligne 5, on cherche les valeurs de x pour lesquelles f ′ (x) est négatif c-à-d on demande Å ã 31 2 ′ . de résoudre l’inéquation g(x) < 0. Xcas répond que f (x) < 0 ssi x < 0 ou 0 < x < π +∗ Puisque vu le contexte de l’exercice nous étudions f sur R , nous ne retiendrons que les Å ã 13 2 solutions positives, c-à-d les réels x tels que 0 < x < . π Å ã 31 2 ′ ◦ à la ligne 6, on demande de résoudre l’équation f (x) = 0 et on retrouve le nombre π comme unique solution. Finalement, grâce aux renseignements précédents donnés par Xcas, on peut dresser le tableau de variation complet de f : x Ä ä1 2 π 0 f ′ (x) − f (x) & 0 +∞ 3 + % Å ã 31 2 C’est donc que f admet effectivement un minimum en une valeur x0 = π centième est 0, 86. dont l’arrondi au Ccl. En conclusion, pour minimiser le coût de fabrication, l’entreprise devra fabriquer des casseroles dont le rayon de base est environ r = 0, 86 dm = 8, 6 cm. 2 2 D’après (⋆), la hauteur de la casserole devra aussi valoir h = 2 ≈ ≈ 0, 86 dm = 8, 6 cm. πr π × 0, 862 ⋆ ⋆ ⋆ ⋆ ⋆ ⋆ - 3/3 - LATEX 2ε