Rappel des résultats à connaître sur les fonctions polynômes de
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Rappel des résultats à connaître sur les fonctions polynômes de
Fonctions polynômes de degré 2 et fonctions homographiques - corrigé Rappel des résultats à connaître sur les fonctions polynômes de degré 2. Rappel des résultats à connaître sur les fonctions homographiques. On appelle fonction homographique toute fonction h non affine qui peut s'écrire comme quotient de deux fonctions affines. Soit a, b, c et d quatre réels tels que ad −bc ≠0 et c≠0 . d ax +b Pour tout x ≠− , f (x )= c cx +d A Toute fonction homographique a une écriture (canonique !) de la forme f ( x )=β+ . x −α Elle est représentée par une hyperbole centrée autour du point Ω(α ;β) . Exercice 1 : Déterminer les fonctions polynômes du second degré f et g qui vérifient : 1. cf passe par A(0 ; 2) et a pour sommet S (−1;−4) . f a une expression de la forme f (x )=a (x +1)2−4 (forme canonique) A ∈ cf donc f (0)=2 a (0+1)2−4=2 a=6 Finalement, pour tout x ∈ ℝ, f (x )=6( x+ 1)2 −4 f ( x )=6 x 2 +12 x + 2 2. cg passe par B( 2 ;0) , C (−4 ;0) et D(0 ;−16) . Les points B et C sont les points d'intersection de la parabole cf avec l'axe des abscisses : les racines du polynômes sont donc 2 et −4 . Donc, g a une expression de la forme g ( x)=a( x−2)(x +4) (forme factorisée) D ∈ cg donc f (0)=−16 a (0−2)(0+ 4)=−16 a=2 Finalement, pour tout x ∈ ℝ, g ( x)=2( x −2)(x +4) 2 g ( x)=2 x +4 x−16 Exercice 2 : Sur la figure ci-contre, CUAD est un carré de côté 10 cm. M est un point de [CD]. On désigne par x la distance DM exprimée en centimètres. f (x ) désigne l'aire de la surface colorée, c'est à dire l'aire de la figure formée par le carré MOND et le triangle COU. 1. Déterminer l'expression de f ( x ) en fonction de x et préciser l'ensemble de définition de f. M étant un point mobile sur le segment [DC], DD⩽DM⩽DC . 0⩽x⩽10 df = [0 ;10 ] 2 UC×CM Pour tout x ∈ [0 ;10 ] , f ( x )=DM + 2 2 f (x )=x +5(10−x ) 2 f (x )=x −5 x+50 2. Déterminer par le calcul les valeurs de x pour lesquelles f (x )=50 . x 2−5 x +50=50 ⇔ f ( x )=50 0⩽x⩽10 ⇔ ⇔ ⇔ { x=0 {x0⩽−5x⩽10 ( x−5)=0 {x0⩽x ⩽10 2 x=0 ou x=5 3. Déterminer le tableau de variations de f. Justifier avec soin. f est un polynôme de degré 2. Le coefficient de x 2 est 1, donc positif. La représentation graphique de f est −5 5 = . donc une parabole orientée vers le haut. L'abscisse de son sommet S est x S =− 2×1 2 5 175 5 2 5 175 . S ; . y S= f ( x S )= −5× + 50= 2 4 2 2 4 On peut maintenant dresser le tableau de variations de f. () ( ) x 5 2 0 f (x ) 50 10 100 175 4 4. a) Déterminer la ou les valeur(s) de x pour lesquelles l'aire de la surface colorée est maximale. L'aire de la surface colorée est évidemment maximum lorsque M est en C, car cette surface recouvre alors entièrement le carré CUAD, résultat qui est cohérent avec le tableau de variations de la fonction f (fort heureusement...). 5. Déterminer la ou les valeur(s) de x pour lesquelles l'aire grisée est minimale. D'après le tableau de variations de la fonction f, le minimum de cette fonction est atteint en 5 . L'aire de la 2 surface colorée est donc minimum lorsque x=2,5 cm et cette aire vaut alors 43,75 cm². 6x . On appelle cf sa représentation 4–3x graphique dans le repère orthonormé O ; i , j fourni en annexe I. Exercice 3 : On considère la fonction f définie par f ( x )= Partie A ] 1. df = −∞; [] [ 4 4 ∪ ;+∞ . 3 3 6x +2 4−3 x 6 x +2(4−3 x) = 4−3 x 6 x +8−6 x = 4−3 x 8 = 4−3 x ≠0 2. Pour tout x ∈ df , f ( x )+ 2= 3. f est une fonction homographique donc cf est une hyperbole. Le centre de symétrie de cf est le point d'intersection des deux droites n'ayant aucun point commun 4 avec l'hyperbole : il s'agit des droites d'équations respectives x= et y=−2 , d'après les deux 3 4 questions précédentes ( n'ayant pas d'image par f et −2 n'ayant pas d'antécédent par f ). 3 4 Le centre de symétrie de cf est donc le point Ω ;−2 . 3 ( 4. D'après la question 2., pour tout x ∈ df , f ( x )=−2+ Soit a et b deux réels de l'intervalle ] ) 8 . 4−3 x [ 4 ;+∞ tels que a< b . 3 4 <a< b 3 0>4−3 a> 4−3 b (car la fonction affine [x −3 x + 4 ] est strictement décroissante sur ℝ) 1 1 < (car la fonction inverse est strictement décroissante sur ℝ-∗) 4−3 a 4−3 b 8 8 <−2+ (car la fonction affine [x 8 x−2 ] est strictement croissante sur ℝ) 4−3 a 4−3 b f (a)< f (b) 4 On a montré que : <a< b ⇒ f (a)< f (b) 3 4 ;+∞ . Ce qui signifie que la fonction f est croissante sur 3 −2+ ] [ 5. En utilisant les résultats des questions précédentes et la symétrie autour de , on peut dresser le tableau de variations de f suivant : 4 x –∞ +∞ 3 f (x ) +∞ –2 –2 –∞ Partie B 2 Soit g la fonction définie sur ℝ par g ( x)=−x +5 x−4 . 1. g est un polynôme du second degré donc cg est une parabole. Le coefficient de x est négatif, donc la parabole est tournée vers le bas. 5 5 = . Son sommet S a pour abscisse x S =− 2×(−1) 2 y S= g (x S ) 5 2 5 9 y S=− +5× −4= 2 2 4 5 9 Donc S ; 2 4 g ( 0)=−4 donc le point d'intersection de cg avec l'axe des ordonnées a pour coordonnées (0 ;−4) . () ( ) 2. Connaissant les coordonnées du sommet de la parabole représentative de g, on déduit aisément la forme canonique du polynôme : 2 5 9 + Pour tout x ∈ ℝ, g ( x)=− x− 2 4 2 5 9 =− x− − 2 4 ( ) [( ) ] =− ( x− ) −( ) [ 52 32 ] 5 3 5 3 =− ( x− )+ x − )− ( [ 2 2 ][ 2 2 ] 2 2 =−( x−1)(x−4) 3. D'après la forme factorisée de g, cette fonction s'annule en 1 et 4 : la parabole coupe l'axe des abscisses en (1; 0) et (4 ; 0) . On sait de plus qu'elle est tournée vers le bas. On peut déduire de ces deux informations que la parabole est en dessous de l'axe (O x) sur ]−∞;1 [ et sur ]4 ;+ ∞[ et au-dessus de l'axe (O x) sur ]1; 4[ . D'où le tableau de signes de g : x –∞ 1 4 +∞ g ( x) – 0 + 0 – Partie C 1. A (1; y A ) ∈ cf donc y A = f (1)=6 A (1; 6) 2. f (x )=−3 ⇔ −2+ 8 =−3 4−3 x 8 =−1 4−3 x 3 x−4=8 4 ⇔ x≠ 3 3 x=12 4 ⇔ x≠ 3 x=4 ⇔ −3 admet 4 pour unique antécédent par f. B( 4 ;−3) ⇔ { { 3. y B− y A −3−6 = =−3 x B− x A 4−1 Donc la droite (AB) a une équation réduite de la forme y=−3 x+ p A (1; 6) ∈ (AB) donc 6=−3×1+ p , ce qui donne p=9 . Finalement, (AB) a pour équation réduite y=−3 x+ 9 . 4. Résoudre graphiquement l'inéquation f ( x )≤ −3 x+ 9 revient à chercher les abscisses des points de cf qui sont en dessous ou sur la droite (AB), s'il en existe. 4 D'après le graphique, l'ensemble des solutions de (I) est ]−∞;1 ]∪ ; 4 . 3 ] ] 5. a. (I) ⇔ ⇔ ⇔ ⇔ ⇔ ⇔ ⇔ f ( x )⩽−3 x+ 9 6x −(−3 x+ 9)⩽0 4−3 x 6 x+(4−3 x )(3 x−9) ⩽0 4−3 x 2 6 x+12 x−36−9 x + 27 x ⩽0 4−3 x −9 x 2 + 45 x−36 ⩽0 4−3 x 2 9(−x +5 x−4) ⩽0 4−3 x 9g (x) ⩽0 4−3 x b. x –∞ 4 3 1 4 +∞ 9 + ⋮ + + ⋮ + g ( x) – 0 + + 0 – 4−3 x + ⋮ + – ⋮ – 9g (x) – 0 + – 0 + 4−3 x On retrouve bien à l'aide de ce tableau l'ensemble des solutions de l'inéquation (I).