Fonctions composées EXOS CORRIGES
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Cours et exercices de mathématiques M. CUAZ, http://mathscyr.free.fr FONCTIONS COMPOSEES – EXERCICES CORRIGES Exercice n°1. On considère les fonctions suivantes : f1 : x → x 2 , f 2 : x → x et g1 : x → x − 4 Donner l’ensemble de définition et l'expression des fonctions composées suivantes : 1) g1 D f1 2) f1 D g1 3) g1 D f 2 4) f 2 D g1 5) f1 D f1 Déterminer deux fonctions u et v telles que f = v D u 1) f ( x) = ( x − 3) 2) f ( x ) = 2 1 x 3) f ( x ) = 3 x − 1 Ecrire g comme composée de trois fonctions : g ( x ) = f1 D g1 D f 2 π 4) f ( x ) = sin 3x − 2 1 x +3 2 Exercice n°2. Ecrire les expressions correspondant aux montages suivants, c’est-à-dire le résultat obtenu en entrant x dans le montage ×7 −2 1) → → ×3 (.)² ×( −2) +3 3) → → → −2 ×7 2) → → 1 (.) +5 → → → 4) Exercice n°3. Soit f la fonction définie sur ]−∞;3] par f ( x) = 2 + 3 − x et g la fonction définie sur [ 2;+∞[ par g ( x) = − x 2 + 4 x − 1 1) Montrer que pour tout x ∈ [ 2; +∞[ , ( f D g )( x) = x 2) Montrer que pour tout x ∈ ]−∞;3] , ( g D f )( x) = x 3) Est-ce que, dans cet exemple, g D f = f D g ? Exercice n°4. Soit f et g deux fonctions définies sur \ par f ( x) = 3x − 5 et g ( x) = 2 x2 + 1 . x2 + 1 1) Démontrez que pour tout réel x, on a 1 ≤ g ( x) < 2 2) Démontrez que la fonction g D f est bornée sur \ (c’est-à-dire qu’il existe un minorant m et un majorant M tels que pour tout réel x, on ait, m ≤ ( g D f )( x) ≤ M 3) Démontrez que pour tout x ∈ \ , on a −2 ≤ ( f D g )( x ) < 1 Exercice n°5. Deux fonctions f et g définies sur l’intervalle [-4, 6] sont représentées ci-contre. Etudier le sens de variation de g D f Exercice n°6. On considère les fonctions suivantes : f : x → x 2 + 4 et g : x → x − 4 1) Soit I = ]−∞;0] . Déterminer f ( I ) 2) Soit J = [5; +∞[ . Déterminer g ( J ) Exercice n°7. Déterminer deux fonctions f et g telles que h soit la composée de f suivie de g, puis étudier le sens de variation de h. 1) h( x) = ( 2 x + 4 ) 2 2) h( x) = ( 5 − 2x ) 2 3) h( x) = 7 − x 2 Exercice n°8. Soit f ( x) = x en n ∈ `* . Exprimer ( f D f D f D ..... D f ) ( x) en fonction de x et de n. x +1 n fois f Page 1/5 4) h( x) = 1 x+4 Cours et exercices de mathématiques M. CUAZ, http://mathscyr.free.fr CORRECTION Exercice n°1 1) Puisque f1 et g1 sont définies sur \ , il est sûr que g1 D f1 sera définie sur \ , et pour tout x ∈ \ , ( ) g1 D f1 ( x ) = g1 ( f1 ( x ) ) = g1 x 2 = x 2 − 4 2) Puisque f1 et g1 sont définies sur \ , il est sûr que f1 D g1 sera définie sur \ , et pour tout x ∈ \ , f1 D g1 ( x ) = f1 ( g1 ( x ) ) = f1 ( x − 4 ) = ( x − 4 ) 2 On constate qu’en général g1 D f1 ≠ f1 D g1 3) f 2 est définie sur [ 0; +∞[ et g1 est définie sur \ , donc g1 D f 2 sera définie sur [ 0; +∞[ , et pour tout x ∈ [ 0; +∞[ , g1 D f 2 ( x ) = g1 ( f 2 ( x ) ) = g1 ( x)= x −4 4) f 2 est définie sur [ 0;+∞[ et g1 est définie sur \ . f 2 D g1 sera donc définie pour toutes les valeurs de x pour lesquelles g1 ( x ) ∈ [ 0; +∞[ (pour que le calcul de f 2 ( g1 ( x ) ) soit possible). Or g1 ( x ) ∈ [ 0; +∞[ ⇔ g1 ( x ) ≥ 0 ⇔ x − 4 ≥ 0 ⇔ x ≥ 4 ⇔ x ∈ [ 4; +∞[ Donc f 2 D g1 est définie sur [ 4;+∞[ , et pour tout x ∈ [ 4; +∞[ , f 2 D g1 ( x ) = f 2 ( g1 ( x ) ) = f 2 ( x − 4 ) = x − 4 . Encore une fois, on constate g1 D f 2 ≠ f 2 D g1 ( ) ( ) 5) Puisque f1 est définie sur \ , f1 D f1 le sera aussi, et pour tout x ∈ \ , f1 D f1 ( x ) = f1 ( f1 ( x ) ) = f1 x 2 = x 2 2 = x4 6) Puisque f 2 est définie sur [ 0; +∞[ , et puisque f1 et g1 sont définies sur \ , le calcul de f1 D g1 D f 2 ( x ) ne sera possible que si x ∈ [ 0; +∞[ , et pour tout x ∈ [ 0; +∞[ , ( ) ( ( x )) = f ( f1 D g1 D f 2 ( x ) = f1 g1 ( f 2 ( x ) ) = f1 g1 1 ) ( x −4 = x −4 ) 2 La décomposition de f à l’aide de deux fonctions u et v peut, en général, être effectuée de plusieurs manières. 1) Pour f ( x) = ( x − 3) , on peut poser u ( x) = x − 3 et v( x) = x 2 2 2) Pour f ( x ) = 1 , on peut poser u ( x) = x et v( x) = 1 x x 3) Pour f ( x ) = 3 x − 1 , on peut poser u ( x) = 3x − 1 et v( x) = x , mais on peut aussi poser u ( x ) = 3 x et v( x) = x − 1 π π et v( x) = sin ( x ) , mais on peut aussi poser u ( x ) = 3 x et 4) Pour f ( x ) = sin 3x − , on peut poser u ( x) = 3 x − 2 2 π v( x) = sin x − 2 On peut écrire, par exemple, g = w D v D u , avec u ( x) = x 2 + 3 , v( x) = x et w( x) = 1 x Exercice n°2 Ecrire les expressions correspondant aux montages suivants, c’est-à-dire le résultat obtenu en entrant x dans le montage ×7 −2 → 7 x →7x − 2 Montage n°1 : x (.)² ×( −2) −2 ×7 Montage n°2 : x → x − 2 → 7 ( x − 2 ) = 7 x − 14 +3 → x 2 → −2 x 2 → −2 x 2 + 3 Montage n°3 : x 1 (.) ×3 +5 Montage n°4 : 3 → 3 x → 3 x + 5 → Page 2/5 1 3x + 5 Cours et exercices de mathématiques M. CUAZ, http://mathscyr.free.fr Exercice n°3 Soit f la fonction définie sur ]−∞;3] par f ( x) = 2 + 3 − x et g la fonction définie sur [ 2;+∞[ par g ( x) = − x 2 + 4 x − 1 1) Pour tout x ∈ [ 2; +∞[ , ( ) ( f D g )( x) = f ( g ( x ) ) = 2 + 3 − g ( x ) = 2 + 3 − − x 2 + 4 x − 1 = 2 + x 2 − 4 x + 4 = 2 + ( x − 2) 2 = 2+ x−2 Mais puisque x ∈ [ 2; +∞[ , x ≥ 2 ⇔ x − 2 ≥ 0 donc x − 2 = x − 2 , et ainsi ( f D g )( x) = 2 + x − 2 = 2 + x − 2 = x 2) Pour tout x ∈ ]−∞;3] , ( g D f )( x) = g ( f ( x ) ) = − ( f ( x ) ) + 4 f ( x ) − 1 2 ( = − 2+ 3− x ) 2 ( ) + 4 2 + 3 − x −1 = − 4 + 4 3 − x + ( 3− x ) + 8 + 4 2 3 − x −1 = −4 − 4 3 − x − ( 3 − x ) + 8 + 4 3 − x − 1 = −4 − ( 3 − x ) + 8 − 1 = x 3) Puisque les deux ensembles de définitions de g D f et f D g son différents, on ne peut pas conclure que g D f = f D g . En revanche, pour tout x ∈ [ 2;3] , g D f ( x ) = f D g ( x ) Exercice n°4 Soit f et g deux fonctions définies sur \ par f ( x) = 3x − 5 et g ( x) = 2 x2 + 1 . x2 + 1 2x2 + 1 2 x2 + 1 2 x2 + 2 2 2 , donc g ( x) < 2 . 1 2 + 1 < 2 + 2 ⇔ < 2 ≥ , et x x x2 + 1 x2 + 1 x +1 2 2 f ( x) +1 < 2 , c’est-à-dire 1 ≤ ( g D f )( x) < 2 2) Pour tout réel x, f ( x) ∈ \ , donc d’après la question 1), on aura 1 ≤ 2 f ( x) +1 1) Pour tout x ∈ \ , 2 x 2 + 1 ≥ x 2 + 1 > 0 , donc 3) Pour tout réel x, 1 ≤ g ( x) < 2 . Puisque f est strictement croissante sur \ , on peut donc écrire que pour tout réel x, f (1) ≤ f ( g ( x) ) < f ( 2 ) , c’est-à-dire −2 ≤ ( f D g )( x ) < 1 Exercice n°5 [ −2;2] Sur le graphique, on « lit » que f est strictement croissante sur [ −4; −2] , strictement décroissante sur et enfin strictement croissante sur [ −2;6] . Enfin, on lit que g est strictement croissante sur [ −4;4] et strictement décroissante sur [ 4;6] . Sur l’intervalle [ −4; −2] , f est strictement croissante, et pour tout x ∈ [ −4; −2] , f ( x ) ∈ [ 2;4] , intervalle sur lequel g est strictement croissante. La composée g D f sera donc strictement croissante sur [ −4; −2] . Sur l’intervalle [ −2;2] , f est strictement décroissante, et pour tout x ∈ [ −2;2] , f ( x ) ∈ [ −2;4] , intervalle sur lequel g est strictement croissante. La composée g D f sera donc strictement décroissante sur [ −2;2] . Sur l’intervalle [ 2;4] , f est strictement croissante, et pour tout x ∈ [ 2;4] , f ( x ) ∈ [ −2;0] , intervalle sur lequel g est strictement croissante. La composée g D f sera donc strictement croissante sur [ 2;4] . Sur l’intervalle [ 4;6] , f est strictement croissante, et pour tout x ∈ [ 4;6] , f ( x ) ∈ [ 0;4] , intervalle sur lequel g est strictement croissante. La composée g D f sera donc strictement croissante sur [ 4;6] . Exercice n°6 1) Soit x ∈ I = ]−∞;0] , alors x ≤ 0 ⇒ x 2 ≥ 0 ⇒ x 2 + 4 ≥ 4 , c’est-à-dire f ( I ) = [ 4; +∞[ f ( x ) ∈ [ 4; +∞[ . On conclut donc que 2) Soit x ∈ J = [5; +∞[ , alors x ≤ 5 ⇒ x − 4 ≤ 1 , c’est-à-dire g ( x ) ∈ ]−∞;1] . On conclut donc que g ( J ) = ]−∞;1] Page 3/5 Cours et exercices de mathématiques M. CUAZ, http://mathscyr.free.fr Exercice n°7 1) On décompose h = g D f avec f ( x) = 2 x + 4 qui est strictement croissante sur \ et g ( x) = x 2 qui est strictement décroissante sur ]−∞;0] et strictement croissante sur [ 0; +∞[ Puisque g s’applique à f ( x) = 2 x + 4 , il faut distinguer les deux cas f ( x) ≤ 0 et f ( x) ≥ 0 . Ainsi : - Sur ]−∞; −2] , f est strictement croissante, et pour tout x ∈ ]−∞; −2] , f ( x) = 2 x + 4 ≤ 0 , c’est-à-dire f ( x) ∈ ]−∞;0] , intervalle sur lequel g est strictement décroissante. Par composition, on conclut que g D f est strictement décroissante sur ]−∞; −2] . - Sur [ 2; +∞[ , f est strictement croissante, et pour tout x ∈ [ 2; +∞[ , f ( x) = 2 x + 4 ≥ 0 , c’est-à-dire f ( x) ∈ [ 0; +∞[ , intervalle sur lequel g est strictement croissante. Par composition, on conclut que g D f est strictement croissante sur [ 2; +∞[ . 2) On décompose h = g D f avec f ( x) = −2 x + 5 qui est strictement décroissante sur \ et g ( x) = x 2 qui est strictement décroissante sur ]−∞;0] et strictement croissante sur [ 0; +∞[ Puisque g s’applique à f ( x) = −2 x + 5 , il faut distinguer les deux cas f ( x) ≤ 0 et f ( x) ≥ 0 . Ainsi : 5 5 f ( x) = −2 x + 5 ≥ 0 , c’est-à-dire f ( x) ∈ [ 0; +∞[ , intervalle sur lequel g est strictement croissante. Par composition, on conclut que g D f est strictement - Sur −∞; , f est strictement décroissante, et pour tout x ∈ −∞; , 2 2 5 5 5 - Sur ; +∞ , f est strictement décroissante, et pour tout x ∈ ; +∞ , f ( x) = −2 x + 5 ≤ 0 , c’est-à-dire 2 2 f ( x) ∈ ]−∞;0] , intervalle sur lequel g est strictement décroissante. Par composition, on conclut que g D f est décroissante sur −∞; . 2 5 strictement croissante sur ; +∞ . 2 3) On décompose h = g D f avec f ( x) = x 2 qui est strictement décroissante sur ]−∞;0] et strictement croissante sur [0; +∞[ et g ( x) = −7 x + 1 qui est strictement décroissante sur \ . Ainsi : - Sur ]−∞;0] , f est strictement décroissante, et pour tout x ∈ ]−∞;0] , f ( x) ∈ ]−∞; +∞[ (c’est une évidence !), intervalle sur lequel g est strictement décroissante. Par composition, on conclut que g D f est strictement croissante sur ]−∞;0] . - Sur [ 0; +∞[ , f est strictement croissante, et pour tout x ∈ [ 0; +∞[ , f ( x) ∈ ]−∞; +∞[ (c’est une évidence !), intervalle sur lequel g est strictement décroissante. Par composition, on conclut que g D f est strictementdé croissante sur [ 0; +∞[ . 4) On décompose h = g D f avec f ( x) = x + 4 qui est strictement croissante sur \ , et g ( x) = décroissante sur ]−∞;0[ et ]0; +∞[ . 1 qui est strictement x Ainsi : - Sur ]−∞; −4[ , f est strictement croissante, et pour tout x ∈ ]−∞; −4[ , f ( x) ∈ ]−∞;0[ , intervalle sur lequel g est strictement décroissante. Par composition, on conclut que g D f est strictement décroissante sur ]−∞; −4[ . - Sur ]−4; +∞[ , f est strictement croissante, et pour tout x ∈ ]−4; +∞[ , f ( x) ∈ ]0; +∞[ , intervalle sur lequel g est strictement décroissante. Par composition, on conclut que g D f est strictement décroissante sur ]−4; +∞[ . Page 4/5 Cours et exercices de mathématiques M. CUAZ, http://mathscyr.free.fr Exercice n°8 x Soit f ( x) = en n ∈ `* . Exprimer ( f D f D f D ..... D f ) ( x) en fonction de x et de n. x +1 n fois f Pour x ≠ −1 , on commence par calculer x x x f ( x) x x +1 x +1 = x +1 = = x +1 = × ( f D f ) ( x) = x x x + 1 2x + 1 x + 1 2x + 1 f ( x) +1 +1 + x +1 x +1 x +1 x +1 x = 2x + 1 puis ( f D f D f ) ( x) = f D ( f D f ) ( x) = f ( ( f D f ) ( x) ) x x x 2x + 1 x 2x + 1 = = 2x + 1 = = 2x + 1 = × 2 1 3 1 x x x + x + 2 x + 1 3x + 1 ( f D f ) ( x) + 1 +1 + 2x + 1 2x + 1 2x + 1 2x + 1 x = 3x + 1 ( f D f ) ( x) On conjecture ainsi que pour tout n ∈ `* et pour tout x ≠ − 1 x , on a ( f D f D f D ..... D f )( x) = . nx + 1 n n fois f Démontrons cette propriété par récurrence sur n. Notons, pour n ∈ `* , P ( n ) la propriété « pour tout x ≠ − 1 x , ( f D f D f D ..... D f )( x) = .» nx + 1 n n fois f Initalisation : La propriété P (1) est vraie par définition Hérédité : On suppose la propriété P ( n ) vraie pour un certain entier n. Alors, ( f D f D f D ..... D f ) ( x) n fois f ( f D f D f D ..... D f )( x) = f ( f D f D f D ..... D f ) ( x) = ( f D f D f D ..... D f ) ( x) + 1 n +1 fois f n fois f n fois f D’après l’hypothèse de récurrence, x ( f D f D f D ..... D f )( x) = nx + 1 x n +1 fois f +1 nx + 1 x x x nx + 1 nx + 1 = = nx + 1 = × x nx + 1 ( n + 1) x + 1 nx + 1 ( n + 1) x + 1 + nx + 1 nx + 1 nx + 1 x = 1 + n ( ) x +1 Cette dernière égalité est la propriété P ( n + 1) . Ainsi P ( n ) ⇒ P ( n + 1) , ce qui achève la phase d’hérédite, et la démonstration par récurrence. Page 5/5