T4. Correction du Dm4 Exercice 1 (Sujet C page 70) 1. On consid
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T4. Correction du Dm4 Exercice 1 (Sujet C page 70) 1. On consid
T4. Correction du Dm4 2. Soit n un entier naturel non nul. On considère √ la fonction fn x . définie sur [0; +∞[ par fn (x) = 2x − 2 + n (a) Déterminer la limite en +∞ de fn . lim 2x − 2 = +∞. x→+∞ √ x Comme n > 0, lim = +∞. x→+∞ n Par somme, lim fn (x) = +∞. Exercice 1 (Sujet C page 70) 1. On considère la fonction f1 définie sur [0; +∞[ par √ f1 (x) = 2x − 2 + x. (a) Déterminer la limite de f1 en +∞. lim 2x − 2 = +∞. x→+∞ √ x = +∞. lim x→+∞ x→+∞ (b) Démontrer que la fonction fn est strictement croissante sur [0; +∞[. En reprenant les arguments du 1.b, la fonction fn est dérivable sur ]0; +∞[. 1 Pour tout x > 0, fn′ (x) = 2 + √ > 0. 2n x Donc fn est strictement croissante sur ]0; √ +∞[. Par somme de fonctions continues, (x 7→ x est continue sur [0; +∞[) la fonction fn est continue sur l’intervalle fermé [0; +∞[. On en déduit que fn est strictement croissante sur l’intervalle fermé [0; +∞[. Par somme, lim f1 (x) = +∞. x→+∞ (b) Déterminer la dérivée de f1 sur ]0; +∞[. La fonction x 7→ 2x − 2 est dérivable √ sur R (polynôme), et la fonction racine carrée x 7→ x est dérivable sur ]0; +∞[. Par somme de fonctions dérivables, f1 est dérivable sur ]0; +∞[. 1 Pour tout x > 0, f1′ (x) = 2 + √ . 2 x (c) Dresser le tableau√de variation de f1 . Pour tout x > 0, x > 0, et donc f1′ (x) > 0. On en déduit que f1 est strictement croissante sur ]0; +∞[. f1 (0) = 0 − 2 + 0 = −2. Comme la fonction racine carrée est continue sur [0; +∞[, et que la fonction x 7→ 2x − 2 l’est aussi. Par somme de fonctions continues, la fonction f1 est continue sur [0; +∞[, et donc en 0. x 0 (c) Montrer que l’équation fn (x) = 0 admet une unique solution αn sur [0; +∞[. fn (0) = −2 < 0. x 0 +∞ +∞ fn (x) −2 +∞ +∞ On a montré que : – fn est continue sur [0; +∞[. – fn est strictement croissante sur [0; +∞[. – fn (0) = −2 < 0, et lim fn (x) = +∞. f1 (x) −2 x→+∞ 1 D’après le corollaire du théorème des valeurs intermédiaires, l’équation fn (x) = 0 admet une unique solution αn dans [0; +∞[. Comme la fonction fn est strictement croissante sur [0; +∞[, on en déduit que αn < αn+1 . En effet, si on avait αn > αn+1 , comme fn est croissante, il s’ensuivrait que fn (αn ) > fn (αn+1 ), ce qui n’est pas. Comme pour tout n > 0, αn < αn+1 , la suite (αn ) est strictement croissante. (d) Justifier que pour tout n > 0, 0 < αn < 1. fn (0) = −2 < 0. √ 1 1 fn (1) = 2 × 1 − 2 + = > 0. n n Donc 0 < αn < 1. (b) En déduire qu’elle est convergente. On a vu que la suite (αn ) est croissante et majorée (0 < αn < 1). Donc la suite (αn ) converge vers une limite ℓ (et on sait que ℓ 6 1). √ αn (c) Utiliser l’expression αn = 1 − pour déterminer la 2n limite de cette suite. Tout d’abord, cette égalité vient du fait que αn vérifie la relation √ αn 2αn − 2 + =0 n √ αn D’où αn = 1 − . 2n Comme la √ suite (αn ) converge vers ℓ, par composée, √ lim αn = l (qui est une limite réelle). Or, lim 2n = +∞. √ αn = 0. Par quotient, lim n→+∞ √ 2n αn Par somme, lim 1 − = 1 − 0 = 1. √ 2n αn , lim αn = 1. Comme αn = 1 − 2n La suite (αn ) converge vers 1. 3. Démontrer que pour tout√n > 0, fn (αn+1 ) > 0. αn+1 fn (αn+1 ) = 2αn+1 − 2 + . n Or, par définition √ de αn+1 , fn+1 (αn+1 ) = 0. αn+1 = 0. 2αn+1 − 2 + n+1 √ Comme n + 1 > n, et αn+1 > 0, il est clair que √ √ αn+1 αn+1 > . n n+1 Donc √ √ αn+1 αn+1 > 2αn+1 − 2 + 2αn+1 − 2 + n+1 √n αn+1 2αn+1 − 2 + > 0 n fn (αn+1 ) > 0 Pour tout n > 0, fn (αn+1 ) > 0. 4. Étude de la suite (αn ). (a) Montrer que la suite (αn ) est croissante. On a vu que pour tout n > 0, fn (αn+1 ) > 0. Or, fn (αn ) = 0. 2