Les complexes en chimie analytique. ∑
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SM01 - Les Complexes 6 Les complexes en chimie analytique. I - Constante de dissociation. • Un complexe est défini comme un accepteur de particule. Complexe → accepteur + particule ou Complexe ← → cation + ligand [cation ] ⋅ [ligand ] = Cste de dissociation ; K formation = 1 K KD = D [Complexe] pK D = − log K D = log K formation K • Plus pKD est grand plus le complexe est stable. • Exemple : Fe(CN )36− • Parallèle avec les acides où H+ est le cation , A- le ligand et Ka est équivalent au KD. ← → Fe 3+ + 6CN − KD = [Fe3+ ] ⋅ [CN − ]6 = 10−31 , Constante de dissociation globale [Fe(CN )36− ] II - Constantes de dissociation successives. L’addition d’un agent complexant sur un cation provoque la formation d’une série de complexes caractérisés par leur constantes successives : Hg2 + + Br − HgBr + ← → HgBr + + Br − ← → pKD1 = 9.0 HgBr2 pKD2 = 8.3 pK D3 = 2.4 HgBr2 + Br − ← → HgBr3− HgBr3− + Br − ← → HgBr42 − pK D3 = 1.3 Hg2+ + 4Br − ← → HgBr42 − pK D = 21 = ∑ pK D HgBr42 − HgBr3− Domaine de prépondérance : HgBr2 c = [Hg 2+ ] + [HgBr2 ] + [HgBr3− ] + [HgBr42− ] ⊕ Si pBr − > 9.0 Hg 2+ est majoritaire ⊕ Si pBr − = 4.0 HgBr2 est majoritaire c ≈ [Hg 2+ ] + [HgBr2 ] = [Hg 2+ ] ⋅ (1 + 10−8 ) = [Hg 2+ ] ⋅ 109.3 10 ⋅ 10−8.3 [Hg 2+ ] = c ⋅ 10 −9.3 c ≈ [Hg 2+ ] ⋅ (1 + soit [Br − ]2 ) K D1 ⋅ K D2 −9 si c = 10−2 M [Hg 2+ ] = 10−11.3 négligeable devant [HgBr2 ] ⊕ Si pBr − = 10 . et c = 10−2 M alors [Hg 2+ ] = 10−23 ( HgBr42− majoritaire ) • Plus la concentration en agent complexant libre est grande, plus la concentration du cation est faible. • Les complexes se détruisent par dilution en suivant la loi de dilution d’Ostwald: t = 0 t AX c c(1 − α ) ← → A+X α2 K = D 1 − α c cα cα Pour les complexes précédents, on peut calculer que pour : ◊ c = 10-1 , on a 50% de HgBr42-, 40% de HgBr3- et 10% de HgBr2 . ◊ c = 10-3 , on a 2% de HgBr42-, 74% de HgBr3- et 24% de HgBr2 . HgBr + Hg 2 + C. Jacoboni SM01 - Les Complexes 7 III - Déplacement de complexe. Fe 3+ + SCN − ← → Fe(SCN)2+ rouge pK D1 = 31 . Fe 3+ + F − ← → FeF2 + incolore pK D 2 = 5.2 Fe(SCN) 2+ + F − FeF 2+ + tart −2 • • ← → ← → FeF 2+ + SCN − KD = Fe( tart )+ jaune KD = K D1 K D2 K D1 K D3 = 10 2.1 = 10 −5.2 = 102.2 10 − 7.4 Le complexe de pKD le plus élevé déplace les autres complexes. Exercice: Dans une solution [Fe3+]=10-3M, on verse [SCN-]=0.1M. Le complexe rouge (Fe(SCN)2+, pKD=3.1) se forme. Sachant que cette coloration est visible si [Fe(SCN)2+] ≥ 10-5.5 combien d’ions F- doit-on ajouter pour faire disparaître la coloration rouge ? (pKD (FeF2+)=5.2) ⊕ Fe3+ + SCN − ← → Fe(SCN)2+ 3+ 2+ c Fe = [Fe ] + [Fe(SCN) ] = 10 . pK D = 31 −3 cSCN − = [SCN − ] + [Fe(SCN)2+ ] = 10 −1 mais [Fe(SCN)2+ ] ≈ 10 −3 et ⊕ K D ⋅ [Fe(SCN)2+ ] 10 −31. ⋅ 10 −3 ≈ ≈ 10 −5.1 [SCN − ] 10 −1 Fe(SCN)2+ + F − → FeF 2+ + SCN − . [] pK D = 31 K K= ⊕ [Fe3+ ] = d' où [SCN − ] = 10 −1 − 10 −3 ≈ 10 −1 K D1 K D2 = 102.1 = 2+ − [FeF ] ⋅ [SCN ] [Fe(SCN)2+ ] ⋅ [F − ] A l' équilibre: [Fe 3+ ] + [Fe(SCN)2+ ] + [FeF 2+ ] = 10 −3 alors [FeF 2+ ] ≈ 10 −3 comme [Fe(SCN)2+ ] = 10 −5.5 et [Fe3+ ] ≈ ε mais [SCN − ] + [Fe(SCN)2+ ] = 10 −1 donc ⊕ [SCN − ] ≈ 10 −1 10 −3 ⋅ 10 −1 = 100.6 = 0.32 2.1 −5.5 10 ⋅ 10 + [FeF 2+ ] = 0.32 − 10 −3 ≈ 0.32 On reporte dans K : [F − ]libre = [F − ]total = [F − ]libre Il faut ajouter 0.32 moles d’ions F-/l pour faire disparaître la couleur rouge.