janvier 2007 - UPMC - Université Pierre et Marie CURIE
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Université Pierre et Marie Curie. LM120, 2006-2007. Corrigé de l’examen de janvier 2007 Question de cours. a) Le rang d’une application linéaire est la dimension de son image. b) Si (b1 , . . . , bn ) est une base de E1 , l’image de f : E1 → E2 est engendré par (f (e1 ), . . . , f (en )), donc dim(im(f )) ≤ n = dim(E1 ). 1 1 1 Exercice 1. Notons A = (e1 , e2 , e3 ) = 1 1 b . 1 a a a) Mettons A sous forme triangulaire, par la méthode du pivot de Gauss : 1 1 1 l20 = l2 − l1 , l30 = l3 − l1 , alors A0 = 0 0 b−1 0 a−1 a−1 1 1 1 l2 ” = l30 , l3 ” = l20 alors A” = 0 a − 1 a − 1 . 0 0 b−1 On déduit que la famille (e1 , e2 , e3 ) est une base si et seulement si a 6= 1 et b 6= 1. b) dim(E) = rg(A”) est égal à 1 si a = b = 1, 2 si (a = 1 et b 6= 1) ou (a 6= 1 et b = 1), 3 si a 6= 1 et b 6= 1. x c) Si a = b = 1, alors E = V ect(e1 ) donc y ∈ E si et seulement si il existe z x t ∈ R tel que y = te1 , ce qui équivaut à z x = y = z. Si a = 1 et b 6= 1, le calcule de la question (a) montre que (e1 , e3 ) est une x base de E. Donc y ∈ E si et seulement si il existe s, t ∈ R tels que z x s+t (∗) y = se1 + te3 = s + bt . z s + at Typeset by AMS-TEX 1 2 L’équation (∗) implique s = bx−y b−1 et t = x Donc y ∈ E si et seulement si z x = x, y = y, z = x−y 1−b . (b−a)x+(a−1)y b−1 c’est à dire (b − a)x + (a − 1)y + (1 − b)z = 0. Si a 6= 1 et b = 1, alors (e1 , e3 ) est encore une base et (b−a)x+(a−1)y+(1−b)z = 0 est encore une équation de E. Exercice 2. 0 a) La matrice de T dans la base (e1 , e2 , e3 ) est A = 0 1 −1 1 1 0 0 . 1 b) (T (e1 ), T (e2 )) est une base de im(T ), donc dim(im(T )) = 2 et par la formule du rang, dim(Ker(T )) = 3 − 2 = 1. 1 1 −1 c) Soit P = 0 −1 1 la matrice de l’application ei 7→ fi dans la base −1 0 1 (e1 , e2 , e3 ). Un calcul direct montre que det(P ) 6= 0, donc que P est inversible et que (f1 , f2 , f3 ) est une base de R3 ; mais cela découle aussi de la question suivente qui consiste à trouver l’inverse de P . d) On veut résoudre en les ei le système suivant : e1 f1 P e2 = f2 . e3 f3 La méthode de gauss conduit aux systèmes 1 0 −1 e1 f1 1 0 1 −1 e2 = f1 − f2 , 0 0 1 0 e3 f1 + f3 0 équivalents suivants : 0 0 e1 f1 + f2 + f3 0 1 e2 = f2 + f3 . 1 0 e3 f1 + f3 e) La matrice P introduite au (c) est la matrice de passage demandée. D’après la question précédente, P −1 1 = 1 1 1 0 0 1 . 1 1 f) On pourrait calculer B par la formule B = P −1 AP . Une autre méthode consiste à faire : T (f1 ) = T (e1 ) − T (e3 ) = 0, 3 T (f2 ) = T (e1 ) − T (e2 ) = e1 − e2 = f2 , T (f3 ) = −T (e1 ) + T (e2 ) + T (e3 ) = T (e2 ) = −e1 + e2 + e3 = f3 . Par suite 0 B= 0 0 0 0 1 0 . 0 1 Exercice 3. a) (e1 , e2 ) est libre donc dim(E) = 2. b) det(A) = −3x + 6y − 3z. c) Le vecteur v = (x, y, z) ∈ E si et seulement si la famille (v, e1 , e2 ) est liée, c’est :‘a dire det(A) = 0, i.e. x − 2y + z = 0.