Le second degré.
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Le second degré.
Le second degré Le second degré. Formation complète. Pré-requis : savoir réduire les écritures de racines carrées savoir utiliser la distributivité de la multiplication sur l’addition savoir gérer une écriture polynomiale savoir utiliser les identités remarquables savoir développer, factoriser un polynôme en utilisant les pré-requis précédents savoir résoudre une équation du type produit nul. savoir résoudre une équation de la forme x² = A ou A est un réel Ces pré-requis sont développés dans les formations « développement factorisation » et « réduction d’écriture en racines carrées » Objectifs : savoir mettre sous forme canonique puis factoriser lorsque c’est possible un polynôme du second degré donné sous la forme ax² + bx + c savoir résoudre les équations du second degré données sous la forme ax² + bx + c=0. savoir étudier le signe d’un polynôme du second degré donné sous la forme P (x) = ax² + bx + c. Savoir transformer une écriture polynomiale du second degré pour la ramener sous la forme standard Savoir utiliser les propriétés de la somme et du produit des racines éventuelles d’un polynôme du second degré © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 1 Le second degré 1. transformation sous forme produit de polynômes du second degré • Exemples méthodologiques : A; On veut factoriser x² - 3 x + 2 Idée & il faut arriver à regrouper les termes en x et x² dans un même terme au carré pour cela on dispose des identités remarquables . x² - 3x est le début d’une identité remarquable de la forme a² - 2ab + b² rappel : a² - 2ab + b² = ( a - b )² donc a² - 2ab = ( a - b )² - b² Identifions les différents termes : x² - 3x et a² - 2 ab x² correspond à a² donc nous pouvons choisir x = a 3x correspond à 2 ab comme x = a nous avons 2b = 3 donc b = 3/2 a² - 2ab = ( a - b )² - b² devient donc x² - 3x = ( x - 3/2 )² - ( 3/2 )² remarque : les termes en x et en x² sont bien regroupés dans un même terme au carré conclusion 1 : l’expression x² - 3 x + 2 se transforme en : x² - 3 x + 2 = ( x - 3/2 )² - ( 3/2 )² + 2 donc en : ( x - 3/2 )² - ( 3/2 )² + 2 = ( x - 3/2 )² - 9/4 + 2 d’ou x² - 3 x + 2 = ( x - 3/2 )² - 1/4 l’expression se ramène donc à une différence de deux nombres dont le premier est un carré : Idée & pour factoriser une différence dont le premier terme est un carré nous disposons de l’identité remarquable a² - b² rappel : a² - b² = ( a - b ) ( a + b ) Appliquons ce résultat à notre expression résultante ( x - 3/2 )² - 1/4 1/4 peut être bien sur considéré comme le carré se ½ donc ( x - 3/2 )² - 1/4 = ( x - 3/2 )² - ( 1/2 )² d’ou ( x - 3/2 )² - 1/4 = ( x - 3/2 - 1/2 ) ( x - 3/2 + 1/2 ) ( x - 3/2 )² - 1/4 = ( x - 2 ) ( x - 1 ) conclusion 2 : l’expression x² - 3 x + 2 se transforme en : ( x - 2 ) ( x - 1 ) donc x² - 3 x + 2 = ( x - 2 ) ( x - 1 ) nous avons atteint notre objectif qui était la factorisation de l’expression . Cet exemple est à étudier soigneusement si vous éprouvez des difficultés les formations citées en référence sont à reprendre. © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 2 Le second degré B. Soit à factoriser x² + 4x +1 Exploitons l’idée précédente Idée & il faut arriver à regrouper les termes en x et x² dans un même terme au carré pour cela on dispose des identités remarquables . Ici il nous faut regrouper x² + 4x cette expression peut être considérée comme le début du développement de ( a + b )² rappel : a² + 2ab + b² = ( a + b )² donc a² + 2ab = ( a + b )² - b² x² + 4x = a² + 2ab on peut considérer que x = a donc que 4 = 2b c’est à dire que b = 2 on en déduit que : x² + 4x = ( x + 2 )² - (2)² donc que : x² + 4x +1 = ( x + 2 )² - (2)² + 1 et par calcul que : x² + 4x +1 = ( x + 2 )² - 3 exploitons alors l’idée de la mise en facteur : : Idée pour factoriser une différence dont le premier terme est un carré nous disposons de l’identité remarquable a² - b² rappel : a² - b² = ( a - b ) ( a + b ) Ici le terme a² correspond à ( x + 2 )² et le terme b² correspond à 3. rappel : X² = A admet deux solutions si A > 0 qui sont X = a et X = - a donc on peut choisir a = x + 2 et b = 3 donc ( x + 2 )² -3 = ( x + 2 )² - ( 3 )² c’est à dire que ( x + 2 )² -3 = (( x + 2 ) - ( 3 ) ) (( x + 2 ) + ( 3 ) ) donc : x² + 4x +1 = ( x + 2 - 3 ) (x+2 + conclusion : l’expression x² + 4x +1 se transforme en : ( x + 2 - 3) 3 ) (x+2 + 3) C. Soit à factoriser x² + 6x +12 Suivons le même type de démarche. x² + 6x + 12= ( x + 3)² - (3)² + 12 Après identification du début de l’expression au développement de ( a + b )² détail des calculs : x² + 6x = x² + 2 . 3 . x donc x² + 6x = ( x + 3)² - (3)² car a = x et b = 3 x² + 6x + 12 = ( x + 3)² - (3)² + 12 x² + 6x + 12 = ( x + 3)² - (3)² + 12 x² + 6x + 12 = ( x + 3)² + 3 © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 3 Le second degré x² + 6x + 12 = ( x + 3)² + 3 x² + 6x + 12 = ( x + 3)² + ( 3 )² Ici se pose un problème nous n’avons pas de formule de factorisation pour une somme de carrés, mais nous savons que si une telle expression était factorisable elle le serait sous la forme d’un produit de deux polynômes du premier degré c’est à dire (ax+b) (cx+d) ce qui est impossible car le signe d’un tel produit n’est pas constant alors que la somme de deux carrés est toujours positive. Conclusion : x² + 6x +12 n’est pas factorisable et est de signe toujours strictement positif..(on peut même dire toujours supérieur ou égal à 3 ) D. Soit à factoriser 2 x² + 8x + 5 Ici la seule chose nouvelle par rapport aux exemples précédents est l’apparition du facteur 2 devant le terme x² l’idée est de factoriser ce terme pour nous ramener à une forme classique. 2 x² + 8x + 5 = 2 ( x² + 4x + 5/2 ) suivons alors la méthode des exemples précédents en l’appliquant au terme entre parenthèse. 2 x² + 8x + 5 = 2 ( ( x + 2)². - (2)² + 5/2 ) idée 1 2 x² + 8x + 5 = 2 ( ( x + 2)². - 3/2 ) 2 x² + 8x + 5 = 2 ( ( x + 2)². - ( 2 x² + 8x + 5 = 2 ( ( x + 2) - 2 x² + 8x + 5 = 2 ( x + 2 - 2 )² ) 3 car ( 2 ) ( ( x + 2) + 3 2 )(x+2+ 3 2 ) 3 2 ) 3 2 )² = 3/2 3 Idée 2 Après calculs E . Factoriser - 3x² + 7x - 5 - 3x² + 7x - 5 = - 3 ( x² - 7 5 x + ) 3 3 - 3x² + 7x - 5 = - 3 ( (x - 7 7 5 )² - ( )² + ) 6 6 3 - 3x² + 7x - 5 = - 3 ( (x - 7 49 5 )² + ) 6 36 3 - 3x² + 7x - 5 = - 3 ( (x - 7 49 60 )² + ) 6 36 36 - 3x² + 7x - 5 = - 3 ( (x - 7 11 )² + ) 6 36 conclusion : l’intérieur de la parenthèse est une somme de deux nombres positifs dont l’un n’est jamais nul donc l’expression n’est pas factorisable de plus cette expression est strictement négative. © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 4 Le second degré Exercices : Factoriser si c’est possible : A(x) = x² - 4x + 3 B(x) = 3x² - 5x + 7 C(x) = x² + x + 1 Correction : A (x) = ( x - 1) ( x - 3) B (x) = 3 ( (x - C(x) = (x + 5 59 )² + donc n’est pas factorisable 6 36 1 3 )² + donc n’est pas factorisable 2 4 Remarque : La méthode développée ici ne s’utilise que si les méthodes « classiques » de factorisation ne sont pas utilisables . ( facteur commun évident ou proportionnel dans chaque terme d’une somme algébrique, ou bien utilisation des identités remarquables directement. ) Par exemple factoriser : x² + x x² + x = x (x + 1) puis factoriser 3 x² + 2 3 x + 1 3 x² + 2 3 x + 1 = • ( 3) x² + 2 2 3 x + (1 )² = ( 3 x + 1)² Méthode générale Soit un polynôme du second degré P(x) = a x² + bx + c avec a ≠ 0 Factorisons ce polynôme : étape 1 P(x) = a x² + bx + c donc P(x) = a ( x² + b c x+ ) a a étape 2 ( utilisation du début du carré (a+b)² ) b c b b c x+ ) donc P(x) = a ( ( x + )² - ( )² + ) 2a a 2a 2a a P(x) = a ( x² + 2 P(x) = a ( ( x + b b² c )² + ) 2a 4a ² a puis par addition P(x) = a ( ( x + b b ² − 4ac )² ) cette forme extrêmement importante est appelée 2a 4a ² forme canonique. © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 5 Le second degré On appelle forme Canonique d’un polynôme du second degré P(x) = a x² + bx + c L’expression : P(x) = a ( ( x + b b ² − 4ac )² ) 2a 4a ² Remarque : ce résultat important est soit à connaître, soit à savoir retrouver. Cette forme d'écriture de P(x) permet d’analyser sa factorisabilité, mais aussi d’aider à la résolution des équations du second degré ainsi qu’à celle des inéquations . Nous verrons dans les formations sur l’étude des fonctions du second degré que cette forme nous permettra des calculs plus rapides. Etape 3 Analyse de la forme canonique. Remarquons tout d’abord que cette forme est constituée d’un produit de deux facteurs, l’un constant a, l’autre ( x + b b ² − 4ac b ² − 4ac est constitué d’un carré auquel on enlève la quantité , )² 2a 4a ² 4a ² il faut pour pouvoir factoriser identifier cette dernière quantité à un carré . Il est donc nécessaire que b ² − 4ac soit positif pour pouvoir factoriser. 4a ² b ² − 4ac Etudions donc le signe de . Le dénominateur de cette fraction est le produit de 4 avec un 4a ² carré donc toujours positif donc le signe de cette fraction ne dépend que de b² - 4 ac. conclusion : la factorisabilité de P(x) dépend du signe de b² - 4ac Nous appellerons ce terme le discriminant du polynôme et nous le noterons ∆ ( lire delta) ∆ = b 2 − 4ac b ∆ )² ) remarque : la forme canonique peut donc aussi s’écrire P(x) = a ( ( x + 2a 4a² reprenons notre étude : 1 Si ∆ = b − 4ac est positif au sens large alors l’expression ( x + 2 b )² 2a b ² − 4ac peut être considérée comme la différence d’un carré avec un nombre positif, nous pouvons 4a ² donc écrire : ∆ b b ² − 4ac b (x+ )² = (x+ )² - 2 2a 4a ² 2a 4a 2 par identification à une différence de carrés ( ) ∆ b b ² − 4ac b donc ( x + )² =(x+ )² - 2a 2a 4a ² 2a donc : ( x + 2 par simplification de la racine b b ² − 4ac −b + ∆ −b − ∆ )² = x − •x − et l’expression est 2a 2a 2a 4a ² factorisée © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 6 Le second degré par l’utilisation de a² - b² donc P(x) = a x − −b + ∆ −b − ∆ •x − 2a 2a Conclusion 1 : Si ∆ = b2 − 4ac est positif alors P(x) se factorise et : −b + ∆ −b − ∆ P(x) = a x − •x − 2a 2a 2 Si ∆ = b − 4ac est négatif alors l’expression ( x + 2 b b ² − 4ac )² peut 2a 4a ² être considérée comme la différence d’un carré avec un nombre négatif, donc comme la somme de deux nombres positifs dont l’un est strictement positif. Nous somme donc dans le cas ou aucune b b ² − 4ac )² est strictement positif, le 2a 4a ² b b ² − 4ac signe de P(x) est celui de a ( vu que P(x) = a ( x + )² . 2a 4a ² factorisation n’est possible c’est à dire le signe de ( x + 2 Conclusion 2 : Si ∆ = b − 4ac est négatif P(x) n’est pas factorisable et est de signe constant celui de a/ Cas particulier : Si ∆ =0 ce cas faisant parti du cas général ∆ positif on a d’après la conclusion 1 : P(x) = a x − P(x) = a x − −b + ∆ −b − ∆ •x − or ∆ étant nul 2a 2a −b −b −b + 0 −b − 0 •x − donc P(x) = a x − • x − 2a 2a 2a 2a 2 b −b on obtient ainsi P(x) = a x − donc P(x) = a x + 2a 2a 2 b Conclusion 3 : Si ∆ =0 alors P(x) = a x + 2a © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 2 7 Le second degré Conclusion générale : Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 On appelle discriminant du polynôme la quantité ∆ = b − 4ac 2 1 Si ∆ ≥ 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est P(x) = a x − −b + ∆ −b − ∆ •x − 2a 2a 2 Si ∆ = 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est : 3 b P(x) = a x + 2a Si ∆ p 0 le polynôme n’est pas factorisable et est du signe de a 2 partout. Remarque : la conclusion précédente est essentielle pour la connaissance à long terme des propriétés sur le signe d’un polynôme du second degré ainsi que sur la résolution générale des équations du second degré. Pour les examens un formulaire est fourni qui comporte implicitement les résultats numériques de ce théorème mais pas ce théorème il faudra donc savoir le retrouver. Cette propriété peut être utilisée directement ce qui rend plus rapide la factorisation de polynômes du second degré dans certains cas. (Cas ou la résolution n’est pas évidente) Exemple d’utilisation : Factoriser si c’est possible : P(x) = x² +7x +4 Ici a = 1 , b = 7 , c =4 Calculons le discriminant ∆ = b − 4ac donc ∆ = 7² - 4 X 1 X 4 ∆ = 49 -16 = 33: donc le discriminant est strictement positif le polynôme est alors factorisable et 2 P(x) = a x − −b + ∆ −b − ∆ •x − donc P(x) = a 2a 2a −7 + 33 −7 − 33 x − •x − 2 2 et on a fini ! © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 8 Le second degré Exercices : Factoriser si c’est possible les polynômes suivants : P(x)= - 3x² + 5x + 4 réponse P(x) = 2x² -2x +7 réponse © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 P(x) = 6 x² -24 x + 24 réponse P(x) = 2x² + x + 7 réponse 9 Le second degré P(x)= - 3x² + 5x + 4 ∆ = 25 + 48 = 73 donc ∆ positif P est factorisable et P(x) = 2x² -2x +7 P(x) = 6 x² -24 x + 24 ∆ = 4 - 56 = - 52 ∆ = 576 -576 = 0 donc ∆ est donc ∆ = 0 P est factorisable négatif P n’est pas et 73 P(x) = 6 ( x - 2 )² ) factorisable P(x) = -3( x - −5 − −5 + 73 )( x −6 −6 P(x) = -3( x+ −5 + 73 −5 − 73 )(x+ ) 6 6 P(x) = 2x² + x +7 ∆ = 1 - 56 = 55 donc ∆ est négatif P n’est pas factorisable Remarque : la partie la plus difficile est maintenant passée.... © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 10 Le second degré 2. Résolution des équations du second degré A Mise en situation du problème Définition : On appelle équation du second degré toute équation pouvant se ramener sous la forme ax² + bx + c = 0 avec a différent de 0 Nous avons déjà eu l’occasion de résoudre de telles équations par exemple x² - 4 = 0 on écrit alors x²-2² = 0 or x² - 2² = ( x + 2) ( x - 2) donc : x²-2² = 0 peut s’écrire ( x + 2) ( x - 2) = 0 or Rappel : Un produit n’est nul que si au moins l’un des facteurs le constituant est nul. x − 2 = 0 x = 2 d’ou on a donc obtenu les solutions en factorisant l’expression. x + 2 = 0 x = −2 Donc Remarque : D’après ce résultat pour résoudre une équation de degré 2 (ou plus) il suffit de se ramener à un produit de facteurs dont le résultat doit être nul. Or nous avons étudié la factorisation de l’expression ax² + bx + c au chapitre précédent. Rappel : Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 . On appelle discriminant du polynôme la quantité ∆ = b − 4ac 2 1 Si ∆ ≥ 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est P(x) = a x − −b + ∆ −b − ∆ •x − 2a 2a 2 Si ∆ = 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est : 3 b P(x) = a x + 2a Si ∆ < 0 le polynôme n’est pas factorisable et est du signe de a partout 2 B Etude théorique Etudions les trois cas possibles 1 Si ∆ ≥ 0 le polynôme P(x) est factorisable donc : P(x) = 0 peut s’écrire P(x) = a x − −b + ∆ −b − ∆ •x − =0 2a 2a Rappel : Un produit n’est nul que si au moins l’un des facteurs le constituant est nul. © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 11 Le second degré a = 0 −b + ∆ = 0 : or a n’est pas nul car le polynôme est du second degré donc Donc x − 2a x − −b − ∆ = 0 2a −b + ∆ x = 2a sont les deux solutions de l’équation −b − ∆ x = 2a Conclusion 1 : . Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 On appelle discriminant du polynôme la quantité ∆ = b − 4ac 2 Si ∆ ≥ 0 l’équation P(x) = 0 admet deux solutions distinctes qui sont : x1 = −b + ∆ 2a et x2 = −b − ∆ 2a Si ∆ = 0 le polynôme P(x) est factorisable et l’équation P(x) = 0 peut s’écrire : 2 2 b a x + = 0 or d’après le rappel précédent on obtient : 2a a = 0 x + b = 0 or a n’est pas nul car le polynôme est du second degré donc il y a une seule 2a b =0 x + 2a solution que l’on retrouve deux fois, (on dira que cette solution est double ) qui est : x+ b −b = 0 donc x1 = x2 = 2a 2a conclusion 2 : Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 On appelle discriminant du polynôme la quantité ∆ = b − 4ac 2 si ∆ = 0 l’équation P(x) = 0 admet deux solutions confondues dites « solution double » qui sont : x1 = x2 = © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 −b 2a 12 Le second degré 3 Si ∆ < 0 le polynôme n’est pas factorisable et est du signe de a partout. Il est alors certain que P(x) étant strictement positif ou bien strictement négatif n’est jamais nul donc l’équation P(x) = 0 n’admet pas de solution. Conclusion 3 : Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 On appelle discriminant du polynôme la quantité ∆ = b − 4ac 2 Si ∆ < 0 l’équation P(x) = 0 n’admet aucune solution réelle. Conclusion générale : . Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 On appelle discriminant du polynôme la quantité ∆ = b − 4ac 2 Si ∆ ≥ 0 l’équation P(x) = 0 admet deux solutions distinctes qui sont 1 : x1 = −b + ∆ 2a et x2 = −b − ∆ 2a 2 Si ∆ = 0 l’équation P(x) = 0 admet deux solutions confondues dites « solution double » qui sont : x1 = x2 = −b 2a Si ∆ < 0 l’équation P(x) = 0 n’admet aucune solution réelle 3 Remarque ce théorème figure dans les formulaires d’examen mais vu sa fréquence d’utilisation il est bon de le connaître. Il est intéressant de constater que le théorème étudié au chapitre précédent peut être écrit quantitativement grâce aux solutions éventuelles de l’équation ax² + bx + c = 0 en effet si ∆ ≥ 0 les solutions de l’équation sont x1 = factorisation du polynôme s’écrit : P(x) = a x − −b + ∆ 2a x2 = −b − ∆ et la 2a −b + ∆ −b − ∆ •x − donc nous pouvons aussi 2a 2a ( ) ( P(x) = a x − x1 • x − x2 l’écrire : et si ∆ = 0 les solutions de l’équation sont x1 = x2 = ) −b et la factorisation du polynôme est 2a : 2 b 2 P(x) = a x + donc nous pouvons aussi l’écrire : P(x) = a ( x − x1 ) 2a Cette remarque va nous aider à la mémorisation du théorème du chapitre précédent sous la forme © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 13 Le second degré . Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 On appelle discriminant du polynôme la quantité ∆ = b − 4ac 2 Si ∆ ≥ 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est 1 ( ) ( ) P(x) = a x − x1 • x − x2 où x1 et x2 sont les solutions de l’équation P(x)=0 2 Si ∆ = 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est : ( P(x) = a x − x1 3 )2 où x1 est la solution double de l’équation P(x)=0 Si ∆ < 0 le polynôme n’est pas factorisable et est du signe de a partout C. Etude méthodologique 1 Résolution d’une équation du second degré Exemple 1: Soit à résoudre 5x² - x - 6 = 0 - On identifie a, b, c dans l’expression. Ici a= 5, b = -1 , c = -6 (attention aux signes) - On calcule ∆ : ∆ = b − 4ac donc ici ∆ = ( - 1)² - 4 (5) (-6) 2 ∆ = 1 + 120 = 121 - On identifie le cadre dans lequel on se trouve en fonction du signe de ∆ Ici ∆ >0 - On en conclu sur l’existence et la valeur éventuelle des racines (solutions) de l’équation Ici ∆ >0 donc l’équation admet deux racines distinctes qui sont : x1 = donc x1 = et x2 = −b + ∆ 2a et x2 = −b − ∆ 2a −( −1) + 121 1 + 11 12 6 donc x1 = = = 10 10 5 2(5) −( −1) − 121 1 − 11 10 donc x2 = = − = −1 2(5) 10 10 - On conclue : conclusion l’équation 5x² - x - 6 = 0 admet deux racines distinctes qui sont : x1 = © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 6 et x2 = −1 5 14 Le second degré 6 5 Que l’on peut noter : l’équation 5x² - x - 6 = 0 admet S = ;−1 comme ensemble solution. Exemple 2 : Suivons plus rapidement cette démarche. Résoudre l’équation 8 x² - 6x + 1 = 0 a = 8, b = -6, c = 1. Calculons ∆ ; ∆ = b² - 4a c Donc ∆ = ( -6)² - 4 (8) (1) ∆ = 36 - 32 = 4 . Donc le discriminant est positif l’équation admet deux solutions distinctes qui sont : x1 = −b + ∆ 2a Calculons x1 = et x2 = −b − ∆ 2a 6+ 4 8 1 6− 4 4 1 = = et x2 = = = 16 16 4 16 16 2 1 1 4 2 Conclusion : l’équation 8 x² - 6x + 1 = 0 admet S = ; comme ensemble solution. Exemple 3 : Résoudre l’équation 8 x² - 5x + 1 = 0 a = 8, b = -5, c = 1. Calculons ∆ ; ∆ = b² - 4a c Donc ∆ = ( -5)² - 4 (8) (1) = 25 - 32 = - 7 Le discriminant est ici négatif donc l’équation n’admet aucune solution réelle Conclusion l’ensemble solution est vide ( on note ) S= ∅ 2 Factorisation d’un polynôme du second degré Exemple : Factoriser le Polynôme P(x) = 3 x² - 7x +2 Nous allons utiliser le théorème liant la factorisation du polynôme aux racines éventuelles de l’équation associée. Résolvons 3 x² - 7x + 2 = 0 Ici a = 3 , b = - 7, c =2 calculons le discriminant: ∆ = b² - 4a c ∆ = ( - 7 )² - 4 ( 3 ) ( 2 ) = 49 - 24 = 25 Donc le discriminant est strictement positif, l’équation admet 7 + 25 12 7 − 25 2 1 = = 2 et x2 = = = 6 6 6 6 3 dans cette situation la forme factorisée du polynôme est : P(x) = a ( x − x1 ) • ( x − x2 ) donc ici deux racines distinctes qui sont : x1 = 1 3 P(x) = 3( x − 2) x − Il semble évident que la vitesse d’exécution est largement accélérée par l’utilisation de ces théorèmes ce qui justifie leur étude systématique. © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 15 Le second degré Exercices sur le chapitre 2 : Résoudre les équations suivantes 5x² + 14x -3 = 0 x² - 29x + 210 = 0 x² - x + 1 =0 4 © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 4x² + x - 2 = 0 7x² - 5x - 2 = 0 16 Le second degré éléments de réponse (attention une rédaction minimum est obligatoire.) 5x² + 14x -3 = 0 ∆ =256 2 1 x1 = = 10 5 et −30 x2 = = −3 10 x² - 29x + 210 = 0 x² - x + ∆=1 ∆=0 30 = 15 x1 = 2 1 x1 = 2 et et 28 x2 = = 14 2 1 x2 = 2 1 =0 4 4x² + x - 2 = 0 7x² - 5x - 2 = 0 ∆ = 33 ∆ = 81 14 =1 x1 = 14 x1 = −1 + 33 8 et et x2 = −1 − 33 8 x2 = −4 −2 = 14 7 Si la question avait été factoriser il suffisait d’appliquer ensuite le théorème sur la factorisation... D. Elément de simplification des calculs cas où b est pair. Un cas particulier peut attirer notre attention le cas où b est pair si b est un nombre pair nous pouvons le noter b = 2b’ où b’ est bien sur la moitié de b. Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 peut alors s’écrire P(x) =ax² + 2b’x + c le discriminant du polynôme ∆ = b − 4ac = ( 2b') − 4ac =4 b' −4ac 2 2 ( ) donc ∆ = 4 b' − ac notons ∆ ’ la quantité 2 (b' −ac) ; 2 2 ( ∆ ’= b'2 − ac ∆ ’ est appelé le discriminant réduit. Ce qu’il y a de’ intéressant c’est que 1 sont : ) ∆ = 4∆' = 2 ∆' donc Si ∆ ≥ 0 ce qui revient à ∆'≥ 0 l’équation P(x) = 0 admet deux solutions distinctes qui −b + ∆ 2a x1 = et x2 = Calculons ces solutions en fonction de ∆ ’ −b − ∆ 2a x1 = −b + ∆ −2b'+2 ∆ ' −b'+ ∆ ' = = 2a a 2a x2 = −b − ∆ −2b'−2 ∆ ' −b'− ∆ ' = = a 2a 2a Nous obtenons ainsi des formules simplifiées (pour le calcul) x1 = 2 −b'+ ∆ ' a et x2 = −b'− ∆ ' a Si ∆ = 0 ce qui revient à ∆'= 0 l’équation P(x) = 0 admet une solution double qui est x1 = x2 = − b 2b' b' =− =− : a 2a 2a © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 17 Le second degré 3 Si ∆ p 0 ce qui revient à ∆'p 0 l’équation n’admet pas de solution © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 18 Le second degré Conclusion Formules réduites P(x) =ax² + 2b’x + c avec a non nul ( On appelle discriminant réduit et on note ∆ ’ la quantité : ∆ ’= b' − ac 2 ) Si ∆'≥ 0 l’équation P(x) = 0 admet deux solutions distinctes qui sont : 1 x1 = −b'+ ∆ ' a x2 = et −b'− ∆ ' a Si ∆'= 0 l’équation P(x) = 0 admet une solution double qui est 2 x1 = x2 = − b' : a Si ∆'p 0 l’équation n’admet pas de solution 3 Ce dernier théorème est marginal et ne représente qu’un intérêt de simplification de calcul. Il est à retenir si vous voulez simplifier au maximum vos calculs.. Pour vous entraîner utilisez donc ces formules sur les exercices précédents où b est pair. ......... à vos stylos !!! E. Elément de simplification des calculs, somme et produit des racines. . Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 ∆ = b2 − 4ac plaçons nous dans le cas du discriminant positif ou nul ∆ ≥ 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est rappel ; ( ) ( ) P(x) = a x − x1 • x − x2 où x1 et x2 sont les solutions de l’équation P(x)=0 Développons cette dernière expression : ( ) ( ) 2 2 Donc P(x)= = ax − a ( x1 + x2 ) x + ax1 x2 ( ) P(x) = a x − x1 • x − x2 = a x − axx1 − axx2 + x1 x2 = ax − a x1 + x2 x + ax1 x2 2 or P(x) = ax² + bx + c pour tout x réel donc par identification des coefficients nous obtenons : a = a b = − a ( x1 + x2 ) c = ax1 x2 donc x1 + x2 = − b a et x1 x2 = c a On peut en conclure qu’un polynôme du second degré admettant des racines a des coefficients qui s’écrivent en fonction de la somme et du produit de ses racines. Si on note S la somme des racines c’est à dire S= x1 + x 2 et P le produit de ses racines c’est à dire P= x1 x2 Le polynôme P(x) = ax² + bx + c peut s’écrire P(x) = ax² - aS x + a P où encore P(x) = a ( x² - Sx + P ) où S et P sont la somme et le produit des racines de P(x). © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 19 Le second degré Conclusion : Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 Si ∆ ≥ 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est ( ) ( P(x) = a x − x1 • x − x2 ) Soit S la somme de ses racines et P le produit de ses racines alors : S= x1 + x 2 = − b a et P= x1 x2 = c a P(x) = a ( x² - Sx + P ) Première conséquence de ce théorème si l’on connaît une racine d’un polynôme on sait calculer l ’autre de manière directe Exemple: soit P(x) = 3x²-2x-1 Calculer P(1) , puis factoriser ce polynôme. Réponse : P(1)= 3 - 2 - 1= 0 donc 1 est racine du polynôme (c’est une solution de l’équation P(x) = 0 ) donc P(x) admet une racine son discriminant est donc forcement positif ou nul , cherchons l’autre racine notons les x’ et x" = 1 on sait que P= x ' x" = c −1 −1 donc x’ = donc 1x’= a 3 3 Le polynôme admet donc deux racines distinctes et se factorise sous la forme P(x) = a ( x − x ') • ( x − x") P(x) = 3 ( x - 1) ( x + 1 ) 3 commentaire cette méthode nous a permis d’éviter de calculer le discriminant ... Deuxième conséquence de ce théorème Il permet de résoudre les problèmes (nombreux en particulier en physique et en mathématiques commerciales ) de recherche de nombres connaissant leur somme et leur produit. Exemple : Soit deux nombres x et y tels que x + y = 5 et xy = - 6 trouver x et y supposons que ces deux nombres soient les racines d’une équation du second degré alors S = 5 et P = - 6 Ces nombres sont donc solutions des équations a (x² - Sx + P) = 0 où a est non nul. On peut bien sur choisir a = 1 Il nous reste alors à résoudre l’équation x² - 5x -6 = 0 ∆ = 25 +24 = 49 donc cette équation admet deux solutions qui sont : x1 = 5 + 49 12 = =6 2 2 et x2 = 5 − 49 2 = − = −1 2 2 les nombres cherchés sont donc 6 et - 1. Troisième conséquence on connaît le signe des racines éventuelles d’un polynôme sans les calculer. Exemple : trouver le signe des racines du polynôme P(x) = 7 x² - 9x + 4 Si ce polynôme admet des racines leur somme est S = 9 4 et leur produit est P = 7 7 Le produit des racines est positif donc les racines sont de même signe et leur somme est positive donc les racines si elles existent sont toutes deux positives. © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 20 Le second degré Remarque on se sert en premier de la règle des signes sur le produit ( même signe si produit positif , signe contraire si produit négatif. ) puis si besoin on trouve le signe en se servant du signe de la somme. Remarque Pour aider à la rapidité des calculs dans la résolution d’équation ou la factorisation de polynômes il est intéressant de s’habituer à la reconnaissance d’une racine lorsque celle ci est dite « évidente ». Aucune méthode complète de reconnaissance rapide de racine n’existe de manière universelle, mais certains cas sont à reconnaître. Cas ou 1 est racine P(x) = ax² + bx + c donc P(1) = 0 d’où a + b + c = 0 conclusion si a + b + c = 0 1 est racine du polynôme c l’autre racine est donc égale à car est égale au produit. a Cas ou - 1 est racine P(x) = ax² + bx + c donc P(-1) = 0 d’où a - b + c = 0 conclusion si a - b + c = 0 l’autre racine est donc égale à - -1 est racine du polynôme c car est égale à l’opposé du produit. a Cas ou 2 est racine P(x) = ax² + bx + c donc P(2) = 0 d’où 4a -+2b + c = 0 conclusion si 4a + 2b + c = 0 2 est racine du polynôme c l’autre racine est donc égale à - car est égale à la moitié du produit. 2a Cas ou - 2 est racine P(x) = ax² + bx + c donc P(-2) = 0 d’où 4a --2b + c = 0 conclusion si 4a - 2b + c = 0 l’autre racine est donc égale à - -2 est racine du polynôme c - car est égale à l’opposé de la moitié du produit. 2a Cas particulier dit « visible » Exemple P(x)= x − 2 ( ) 3+ 2 x+ 6 6 = 3 2 donc la forme de P(x) est exactement x² - Sx + P donc les deux racines de cette équation sont 3 et 2 . On remarque que Exercices 1 Trouver deux nombres de somme S et de produit P S=27 et P=50 S= -12 et P = 11 S= 14 et P =33 2 Résoudre le plus rapidement possible x² - 7x + 6 =0 5x² + 9x + 4 =0 ax² + bx + c = a + b + c : éléments de correction S=27 et P=50 S= -12 et P = 11 S= 14 et P =33 © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 21 Le second degré .... x² - 27x +50 = 0 2 est racine évidente l’autre est 25 x² - 7x + 6 =0 1 est racine donc 6 l’est aussi ... x² + 12x +11 = 0 - 1 est racine évidente l’autre est -11 5x² + 9x + 4 =0 - 1 est racine donc - 4 l’est aussi ... x² - 14x +33 = 0 3 est racine donc l’autre est 11 ax² + bx + c = a + b + c 1 est racine donc −a − b l’est aussi , a développez !! N’hésitez pas à ce niveau à faire un maximum d’exercices, les livres de BEP, de première regorgent d’exercices sur les polynômes du second degré et sur les équations... entraînez vous ! © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 22 Le second degré 3. Résolution des inéquations du second degré A Mise en situation du problème Rappel : On sait résoudre les inéquations de degré supérieur à un si elles se présentent sous la forme de produits de facteurs du premier degré dont on cherche le signe. Exemple : Soit à résoudre dans l’ensemble des nombres réels (x-7) (2x+4) > 0 Pour résoudre ce type d’inéquation il suffit d’étudier le signe du produit donc de chacun des facteurs et d’utiliser la règle des signes. - Etudions le signe de x - 7 . x - 7 > 0 revient à écrire x > 7 donc x - 7 est positif de 7 exclu jusqu’à plus l’infini et est négatif de moins l’infini jusqu’à 7 ,, il est bien sur nul en 7 ce qui mathématiquement peut s’écrire : x - 7> 0 ⇔ x ∈ 7;+∞ et x - 7< 0 ⇔ x ∈ −∞;7 ] [ ] [ on peut aussi symboliser se résultat dans le tableau suivant x x-7 −∞ +∞ 7 0 - + remarque : si vous avez des problèmes sur cette recherche reprendre le chapitre inéquations du premier degré - Etudions le signe de 2x + 4 2x + 4 > 0 ⇔ x > -2 donc : x 2x + 4 −∞ +∞ -2 0 - + - Utilisons maintenant la règle des signes d’un produit la manière la plus simple de la symboliser est encore le tableau de signe appelons P le produit (x - 7) ( 2x + 4) x x-7 2x + 4 P −∞ -2 + +∞ 7 0 0 0 + + -- 0 + nous avons utilisé le fait que le produit de deux quantités de même signe a un résultat positif et que le produit de deux quantités de signe différent a un résultat négatif . Donc les solutions de l’inéquation de départ (x-7) (2x+4) > 0 sont représentées par l’espace positif de la dernière ligne du tableau ( parties blanches de la dernière ligne.) (x-7) (2x+4) > 0 ⇔ x ∈ −∞;−2 ∪ 7;+∞ ] [ ] [ c’est à dire x est strictement inférieur à -2 ou est strictement supérieur à 7 D’après l’étude de cet exemple pour résoudre une inéquation du second degré il nous suffira de la mettre sous la forme d’un produit dont on recherche le signe si bien sur la factorisation est possible. © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 23 Le second degré B. Méthode théorique générale Pour résoudre une inéquation du second degré il nous suffira de la ramener à l’étude du signe d’un polynôme du second degré, et pour ce faire on étudiera sa factorisabilité. or Rappel : Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 . On appelle discriminant du polynôme la quantité ∆ = b − 4ac 2 Si ∆ ≥ 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est 1 ( ) ( ) P(x) = a x − x1 • x − x2 où x1 et x2 sont les solutions de l’équation P(x)=0 Si ∆ = 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est : 2 ( P(x) = a x − x1 )2 où x1 est la solution double de l’équation P(x)=0 Si ∆ < 0 le polynôme n’est pas factorisable et est du signe de a partout 3 Trois cas vont donc se présenter dans la recherche du signe de P(x) (donc dans la résolution d’inéquations du second degré ). - Si ∆ < 0 le polynôme n’est pas factorisable et est du signe de a partout l’étude du signe est finie. - Si ∆ = 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est : ( P(x) = a x − x1 )2 où x1 est la solution double de l’équation P(x)=0 ( Etudions le signe de la forme factorisée, x − x1 )2 est un carré donc toujours positif et n’est nul que b donc le signe de P(x) est celui de a partout et ne s’annule que pour sa valeur racine 2a - Si ∆ ≥ 0 le polynôme P(x) est factorisable et sa forme factorisée est P(x) = a ( x − x1 ) • ( x − x2 ) où x1 et x2 sont les solutions de l’équation P(x)=0 si x = x1 = − Etudions le signe de la forme factorisée, ( ) ( Pour étudier son signe il nous faut étudier le signe de x − x1 • x − x2 ) le problème que nous rencontrons pour l’étude due ce signe est que nous ne savons pas laquelle des deux racines est la plus grande pour pouvoir utiliser le tableau de signes. Nous noterons x" la plus petite des deux racines et x' la plus grande . le produit peut alors s’écrire P(x) = a ( x − x')( x − x") Construisons le tableau de signe du produit ( x − x') x ( x − x") Prod a ax²+bx+c −∞ ( x − x')( x − x") x" 0 0 signe de a 0 +∞ x' 0 + puis celui de P(x) + + -signe de a signe opposé de a © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 0 + 0 signe de a 24 Le second degré Nous en concluons que le signe d’un polynôme du second degré à discriminant positif est celui de a à l’extérieur de ses racines et donc bien sur du signe opposé à celui de a à l’intérieur de ses racines . −∞ x ax²+bx+c x’ signe de a 0 +∞ x" signe opposé de a 0 signe de a Conclusion générale : Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 On appelle discriminant du polynôme la quantité ∆ = b − 4ac 2 1 Si ∆ ≥ 0 le signe du polynôme P(x) est celui de a à l’extérieur de ses racines et celui de - a à l’intérieur de ses racines et est nul pour ses deux valeurs racine −b + ∆ −b − ∆ et x2 = 2a 2a Si ∆ = 0 le signe du polynôme P(x) est celui de a et n’est nul que sur x1 = 2 sa racine x1 = x2 = − ( P(x) = a x − x1 )2 b' : a où x1 est la solution double de l’équation P(x)=0 Si ∆ < 0 le polynôme est du signe de a partout 3 ou schématiquement : Soit P(x) =ax² + bx + c avec a ≠ 0 1 Si ∆ ≥ 0 P(x) admet deux racines distinctes notons x ’la plus petite d’entre elles et x" l’autre alors −∞ x ax²+bx+c 2 x’ signe de a +∞ x" signe opposé de a 0 signe de a Si ∆ = 0 le signe du polynôme P(x) est celui de a et n’est nul que sur sa racine x ax²+bx+c 3 0 −∞ +∞ x1 signe de a 0 signe de a Si ∆ < 0 le polynôme est du signe de a partout x ax²+bx+c −∞ +∞ signe de a Conclusion sur la méthode : Pour résoudre une équation du second degré nous nous ramènerons à l’étude du signe d’un polynôme du second degré ce qui d’après le théorème précédent nous ramène à l’étude des racines de ce polynôme. Exercices : © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 25 Le second degré 1. Résoudre 3x² + 5x + 3 ≤0 2 Calculons le discriminant du polynôme P(x) = 3x² + 5x + 3 2 3 ) = 7 donc le polynôme admet deux racines distinctes qui 2 −5 + 7 −5 − 7 −b − ∆ x2 = donc ici x1 = et x 2 = 2a 6 6 ∆ = b2 − 4ac donc ici ∆ = 25 - 4 (3)( −b + ∆ 2a sont : x1 = et la plus petite des deux est ici x2 d’où le polynôme étant du signe de a (c’est à dire positif ) à l’extérieur de ses racines les solutions de l’inéquation proposée sont à l’intérieur des racines bornes comprises car l’inéquation est au sens large . conclusion : 3x² + 5x + −5 − 7 − 5 + 7 3 ≤ 0 ⇔ x ∈ ; 6 6 2 La présentation n ’est bien sur pas unique, on aurait aussi pu présenter ceci : x ax²+bx+c 3x² + 5x + −∞ +∞ signe de a x2 0 signe opposé de a x1 0 signe de a + 0 - + + 3 2 Donc l’ensemble solution de 3x² + 5x + 3 ≤ 0 se situe entre ses racines , racines comprises 2 −5 − 7 −5 + 7 ; . 6 6 donc S = 2. Résoudre - 3x² + 5x -3 > 0 Calculons le discriminant du polynôme P(x) = - 3x² + 5x -3 ∆ = b − 4ac donc ici ∆ = 25 - 36 = - 9 donc le discriminant est strictement négatif, le polynôme n’a donc pas de racine, et est de signe constant celui de a d’après le théorème précédent . Le polynôme est donc de signe strictement négatif partout donc l’ensemble solution à l’inéquation est vide? Il n’y a aucune solution réelle à cette inéquation. 2 Exercices : Résoudre 5x² + 4x +1 >0 3x² +4x -2 <0 © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 3x²+ 6x+6 <0 -2x² +5x -7 ≤ 0 26 Le second degré 5x² + 4x +1 >0 Tout nombre est solution 3x² +4x -2 <0 −2 − 10 −2 + 10 ; 3 3 3x²+ 6x+6 <0 pas de solution S= -2x² +5x -7 ≤ 0 tout nombre est solution. Vous savez maintenant l’essentiel du cours sur le second degré.... C’est un cours qui se travaille en profondeur car.... L’utilisation extrêmement fréquente que nous en aurons justifie cette étude poussée, tant au niveau des résultats pour tous, qu’au niveau des méthodes pour la plupart car elles seront employées dans d’autres chapitres .... © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 27 Le second degré EXERCICES ET PROBLEMES A Résoudre les équations suivantes : 5x2+14x-3=0 0,2x²-1,7x+0.5=0 3x²+4x+1=0 x² + x - 7 = 0 x² + 5x - 24= 0 2x²+ 2x-5 = 0 2x² + 4x - 5 = x² + 3x B. 1) Résoudre les équations f(x)=10x² -17x + 3 = 0 et g(x)= 5x² + 14x - 3 = 0. 2) Ecrire f(x) et g(x) sous forme de produits de facteur du premier degré. 3) Simplifier f ( x) après avoir déterminer son ensemble de définition g( x) C. Dans les exercices 1 â 7, on donne une fonction polynôme du second degré f. On demande de mettre f(x) sous forme canonique; 1. f(x)=x² + 2x + 2. 2. f(x)=-5x2 + x + 1. 3. f(x)=x2 + 2x - 1. f(x)=-x2 + x + 1. 5. f(x)=x2 + x -1. 6. f(x) = 3x2 + 5x - 1 4 7. f(x) = - 3x2 - 5x + 10. © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 28 Le second degré E. Résoudre les équations définies dans R. 1. x2 - 16 = (2x + 3) (x + 4). 3 . x4 + 3x2 + 2 = 0. 2. 4. x4 + x2 + 4 = 0. 5x4 - 3x2 - l4=0. 5. x4+4=0. F. Résoudre les inéquations suivantes : x2 - 3x < 3. 2. x2 - x - 1 > 0. 3. 4. x2 - 19x + 84 < 0. 5. 2x - 1 > x2 + 4.5.. x2 + 1 > 2x - 3. 1 G . Résoudre : x + y = 12 1. xy = 5 -5x2 + 5x + 1 > 0. 2. x² - (a+b)x +ab = 0 où a et b sont deux nombres réels. © Huerga 2003 2004- reproduction interdite . version04 29