Travail et énergie potentielle de pesanteur
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Travail et énergie potentielle de pesanteur
Travail et énergie potentielle de pesanteur Exercice 1: Le système {S} est soumis à 2 forces extérieures: • • Son poids . La réaction du support Le travail W( . ) de la force réaction est nul car est constamment perpendiculaire au déplacement. Toutes les forces extérieures qui agissent sur ce système effectuent un travail nul, la somme Ec+Epp est donc constante Au point A: Énergie cinétique: Ec(A) = 1/2.m.Vo2. Énergie potentielle: Epp(A) = 0. Au point C (endroit de l'arrêt): Énergie cinétique: Ec(C) = 0. Énergie potentielle: Epp(C) = m.g.hC. 2 2 Ec(A) + Epp(A) = Ec(C) + Epp(C) => 1/2.m.Vo = m.g.hC => Vo = 2.g.hC ; or hC = L.sin( ) Vo2 = 2.g.L.sin( ) => L= Vo2/ 2.g.sin( ) = 8,002/2 x 9,81 x sin(20,0)= 9,54m Exercice 2: 1. La somme Ec + Epp se conserve: Le système {bille S} est soumis à 2 forces extérieures: • Son poids Le travail de la force déplacement. ; La tension du fil est nul car . est constamment perpendiculaire au La somme Ec + Ep se conserve car toutes les forces extérieures (sauf le poids) qui agissent sur ce système effectuent un travail nul. A l'instant initial (instant 1) Energie cinétique : Ec1 = 1/2.m.V12. Energie potentielle de pesanteur: Ep1 = m.g.h1 avec h1=L.(1-cos( 1)), d'où: Ep1 = m.g.L.(1-cos( 1)) Somme Ec + Epp Ec1 + Ep1 = 1/2.m.V12 + m.g.L.(1-cos( 1)) 2. Angle maximum de remontée: A l'instant final (instant 2) Energie cinétique : Ec2 = 0 Energie potentielle de pesanteur: Ep2 = m.g.h2 avec h2=L.(1-cos( m)), Somme Ec + Epp d'où: Ep2 = m.g.L.(1-cos( m.g.L.(1-cos( m)) m)) La somme Ec + Ep se conserve, donc: 1/2.m.V12 + m.g.L.(1-cos( 1)) = m.g.L.(1-cos( 1/2.V12 + g.L - g.L.cos( 1) = g.L - g.L.cos( V12 -2.g.L.cos( 1) = -2.g.L.cos( m)) m) m) cos( m) = 2.g.L.cos( 1) - V12/ 2.g.L = 2 x 9,81 x 0,80 x cos(30) - 1,52/ 2 x 9,81 x 0,80 cos( m) = 0,72 => m = 44°. Mouvement ultérieur du pendule: La somme Ec + Ep se conserve. Le pendule ne perd pas d'énergie et le pendule va osciller indéfiniment entre les angles + m et - m. 3. Vitesse V1': A l'instant initial: Énergie cinétique: Ec1 = 1/2.m.V1'2. Énergie potentielle: Ep1 = m.g.L.(1-cos( 1)) On en déduit: Ec1 + Ep1 = 1/2.m.V1' 2 + m.g.L.(1-cos( 1)) Énergie mécanique finale: Énergie cinétique: 1/2.m.V22. Énergie potentielle: Ep2 = 2.m.g.L (le pendule est à la verticale). 2 On en déduit: Ec2 + Epp2 = 1/2.m.V2 + 2.m.g.L La somme Ec + Ep se conserve, donc: Ec1 + Ep1 = Ec2 + Ep2 1/2.m.V1' 2 + m.g.L.(1-cos( 1)) = 1/2.m.V22 + 2.m.g.L V1'2 + 2.g.L.(1-cos( 1)) = V22 + 4.g.L V1'2 + 2.g.L. - 2.g.L.cos( 1) = V22 + 4.g.L V1'2 = V22 + 2.g.L + 2.g.L.cos( 1)) = V22 + 2.g.L.(1 + cos( 1)) V1'2 = 5,02 + 2 x 9,81 x 0,80.(1 + cos(30)) = 54,3m2.s-2 V1' = 7,4m.s-1. = Exercice 3: Coordonnées du vecteur vitesse initiale: Il est immédiat que: Vox = Vo.cos( ) Voz = Vo.sin( ) 2. Expression de l'altitude Zs du sommet S de la trajectoire: Le système {pierre} n'est soumis qu'à son poids . La somme Ec + Epp (énergie cinétique + énergie potentielle de pesanteur) se conserve car toutes les forces extérieures (sauf le poids) effectuent un travail nul. Au point 0: Énergie cinétique: Ec(O) = 1/2.m.Vo2. Énergie potentielle: Epp(O) = 0. D'où Ec(O) + Epp(O) = 1/2.m.Vo2. Au point S (sommet de la trajectoire): Énergie cinétique: Ec(S) = 1/2.m.Vs2. Énergie potentielle: Epp(S) = m.g.zs. D'où Ec(O) + Epp(O) = 1/2.m.Vs2 + m.g.zs. La somme Ec + Epp se conserve, donc: Ec(O) + Epp(O) = Ec(S) + Epp(S) = 1/2.m.Vo2 = 1/2.m.Vs2 + m.g.zs => Vo2 = Vs2 + 2.g.zs Or Vs = Vox = Vo.cos( ), d'où: Vo2 = Vo2.cos2( ) + 2.g.zs 2.g.zs = Vo2.(1 - cos2( )) => zs = Vo2.(1-cos2( )) / 2g 3. application numérique: Pour = 30,0°: zs = 15,02 x (1 - cos2(30,0)) / 2 x 9,81 = 2,87 m Pour = 60,0 zs = 15,02 x (1 - cos2(60,0)) / 2 x 9,81 = 8,60 m 4. Vitesse au point d'impact avec le sol: Au point 0: Énergie cinétique: Ec(O) = 1/2.m.Vo2. Énergie potentielle: Epp(O) = 0. D'où Ec(O) + Epp(O) = 1/2.m.Vo2. Au point D: Énergie cinétique: Ec(D) = 1/2.m.VD2. Énergie potentielle: Epp(D) = 0. D'où Ec(D) + Epp(D) = 1/2.m.VD2. La somme Ec + Epp se conserve, donc: EmO = EmD => 1/2.m.Vo2 = 1/2.m.VD2 => Vo2 = VD2 Vo = VD La vitesse au point D est VD = 15,0m.s-1. Remarque: Vecteur vitesse au point D: voir schéma (le vecteur vitesse est tangent à la trajectoire au point D). Exercice 4: 1. Référentiel, origine des espaces, origine des énergies: 2. Distance parcourue par le palet: Au point A Énergie cinétique: Ec(A) = 1/2.m.Vo2. Énergie potentielle: Epp(A) = m.g.yA. D'où Ec(A) + Epp(A) = 1/2.m.Vo2 + m.g.yA. Au point B (endroit de l'arrêt) Énergie cinétique: Ec(B) = 0. Énergie potentielle: Epp(B) = m.g.yB. D'où Ec(B) + Epp(B) = m.g.yB. D'autre part, le palet est soumis à 2 forces extérieures: • • Son poids . La réaction du support du plan incliné. W AB( )=0 car et la somme Ec + Epp (énergie cinétique + énergie potentielle de pesanteur) se conserve car toutes les forces extérieures (sauf le poids) effectuent un travail nul. Ec(A) + Epp(A) = Ec(B) + Epp(B) => 1/2.m.Vo2 + m.g.yA = m.g.yB => Vo2 = 2.g.(yB - yA) or yB - yA = L.sin( ), d'où: Vo2 = 2.g.L.sin( ) L = Vo2 / 2.g.sin( ) = 5,002/2 x 10 x sin(20) = 3,73 m. 3. Pourquoi la distance parcourue est-elle inférieure? Il existe en fait des forces de frottements dont le travail n'est pas nul. la somme Ec + Epp (énergie mécanique) n'est pas constante. Soit Em la variation d'énergie mécanique du palet Em = EmB - EmA => Em = EcB + EpB -EcA - EpA = m.g.yB - m.g.yA - 1/2.m.Vo2 Em = m.g.(yB - yA) - 1/2.m.Vo2 = m.g.L.sin( ) - 1/2.m.Vo2 = m.(g.L.sin( ) - Vo2/2) Em = 5 x (9,81 x 2,5 x sin(20) - 52/2) = -20,6 J Travail des forces de frottements: Soit la résultante de forces de frottements. Le travail de mécanique. W( ) = Em => W( ) = -20,6 J. Résultante des forces de frottements: effectue un travail résistant et W( f = - W( ) = - f.L, d'où: ) / L = - (-20,6) / 2,5 = 8,24N est égal à la variation d'énergie